fisica
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EQUILÍBRIO DO PONTO MATERIAL
01. Calcule a resultante das forças representadas nos esquemasdados.
a)
b)
c)
02. Determine as componentes horizontal (eixo x) e vertical(eixo y) das forças representadas nas figuras:
a) b)
Física
FISEXT1299-R
Estática
1
f = 2 NT = 5 N
F = 8 N
N = 3 N
F = 4 N
poste
T = 90 kgf T = 90 kgf
60º60º
fio
fio
F = 40 N
30º
30º
T = 10 kgf
30 kgf
P
R30 kgf 60º
03. (VUNESP) Uma paciente é submetida a uma traçãoconforme a figura, onde as roldanas P e R e o ponto deapoio Q no queixo estão no mesmo plano horizontal.Nessas condições, pode-se afirmar que a intensidade daforça resultante, aplicada no queixo da paciente, valeaproximadamente, em kfg:
a) 12b) 22c) 32d) 42e) 52
EDUCACIONAL
Resolução:
a) R = F + T – f = 8 + 5 – 2 ⇒ R = 11 N
b) R2 = F2 + N2 = 42 + 32 = 16 + 9 = 25
R2 = 25 ⇒ R = 25 ⇒ R = 5 N
c) R2 = T2 + T2 + 2 . T . T . cos 60º (Lei dos cossenos)
R2 = 902 + 902 + 2 . 90 . 90 . 0,5
R2 = 3 . 902 ⇒ R = 90 3 ⇒ R = 155,9 kgf
Resolução:
a) cos 30º = xFF⇒ Fx = F . cos 30º
Fx = 40 . 32⇒ Fx = 34,64 N
sen 30º = yFF⇒ Fy = F . sen 30º = 40 . 1/2 ⇒ Fy = 20 N
b) sen 30º = xTT⇒ Tx = T . sen 30º
Tx = 10 . 0,5 ⇒ Tx = 5 kgf
cos 30º = yTT⇒ Ty = T . cos 30º = 10 . 3
2⇒ Ty = 8,66 kgf
Fx
30º
F = 40 NFy
Ty
Tx
30º
T = 10 kgf
Resolução:
R2 = 302 + 302 + 2 . 30 . 30 . cos 60º (Lei dos cossenos)R2 = 302 + 302 + 2 . 30 . 30 . 0,5 = 3 . 302 ⇒
⇒ R = 30 3 ⇒ R = 51,96 kgf
Alternativa E
R P
Q
60º30 kgf 30 kgf
EDUCACIONAL2 FÍSICA ESTÁTICA
FISEXT1299-R
04. (PUC-RS) Uma caixa C, em repouso, é suspensa por umacorda na qual pessoas aplicam as forças FA, de 40 N, eFB, de 30 N, conforme a ilustração abaixo. Desprezandoqualquer forma de atritonas roldanas e a massa dacorda, pode-se concluirque o peso da caixa é:
a) 10 Nb) 30 Nc) 40 Nd) 50 Ne) 70 N
05. (FUVEST) Um corpo C de massa igual a 3 kg está emequilíbrio estático sobre um plano inclinado, suspenso porum fio de massa desprezível preso a uma mola fixa aosolo, como mostra a figura. O comprimento natural damola (sem carga) é L0 = 1,2 m e ao sustentar estaticamenteo corpo ela se distende, atingindo o comprimentoL = 1,5 m. Os possíveis atritos podem ser desprezados. Aconstante elástica da mola, em N/m, vale então:
a) 10b) 30c) 50d) 90e) 100
06. (FUVEST) Um bloco de peso P é suspenso por dois fiosde massa desprezível, presos a paredes em A e B, comomostra a figura. Pode-se afirmar que o módulo da forçaque tensiona o fio preso em B, vale:
a) P/2
b) P2
c) Pd) 2 Pe) 2 P
07. (ITA) A barra AB é uniforme, pesa 50 N e tem 10 m decomprimento. O bloco D pesa 30 N e dista 8,0 m de A.A distância entre os pontos de apoio da barra éAC = 7,0 m. Calcular a reação na extremidade A.
a) R = 14 N d) R = 10 Nb) R = 7,0 N e) R = 8,0 Nc) R = 20 N
C
FA FB
90º
L030º
C
→g
L
B
LL
A
P
2 L
A BD
C
30º30º
P
PT
NResolução:
P = m . g = 3 . 10 = 30 N
sen 30º = TPP⇒ PT = P . sen 30º ⇒ PT = 30 . 0,5 ⇒ PT = 15 N
Fel = PT ⇒ k . (L – L0) = 15 ⇒ k = 15 15
1,5 1,2 0,3=
−⇒ k = 50 N/m
Alternativa C
Resolução:
→P = →FA + →FBP2 = 402 + 302 = 1600 + 900 = 2500
P = 2500 ⇒ P = 50 N
Alternativa D
P30 N
40 N
Resolução:
TBy = P
TB . sen 45º = P ⇒ P P 2P
sen 45º 2 2 2= =
TB= 2P . 2 2P . 2
22 . 2= ⇒TB = P . 2
Alternativa D
Resolução:
M∑ = 0
Em relação ao ponto C:
RA . 7 + 30 . 1 = 50 . 2 ⇒ 7RA = 100 – 30 ⇒ RA = 707
⇒⇒⇒⇒⇒ RA 10 N
Alternativa D
P
L
L45º
TByTB
1m
RA
5m 2m 2m
RC
50N 30N
A BD
C
EDUCACIONAL3ESTÁTICA FÍSICA
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08. Duas forças 3 N e 4 N atuam sobre um ponto material.A resultante é certamente:
a) 5 Nb) 7 Nc) 1 Nd) maior ou igual a 1 N e menor ou igual a 7 Ne) maior que 4 N e menor que 7 N
09. Determine a resultante dos sistemas de forças das figuras:
a)
b)
10. (UE-CE) Duas forças concorrentes, ortogonais, demódulos 6 N e 8 N, respectivamente, admitem resultantede intensidade:
a) 14 N b) 10 N c) 7 N d) 2 N
11. (PUC-RS) Conforme os dados da figura, a compressão nabarra AB e a tração no fio ideal BC têm, respectivamente,valores iguais a:
a) 400 3 e 800 N
b) 200 N e 800 3 N
c) 400 N e 400 3 N
d) 400 N e 200 N
e) 200 3 N e 400 N
F1
F2
F3
10 N
10 N
!
!
F2x = 7 N
F1y = 2 N
F1x = 3 N
F2y = 5 N
A
C
B
400 N
30º
Resolução:
Rmáx = 3 + 4 = 7 N (mesmo sentido)
Rmín = 4 – 3 = 1 N (sentidos contrários)
∴∴∴∴∴ 1 N ≤ ≤ ≤ ≤ ≤ R ≤≤≤≤≤ 7 N
Alternativa D
Resolução:
a) Rx = 7 – 3 = 4 N (para a esquerda)
Ry = 5 – 2 = 3 N (para baixo)
R2 = 32 + 42 = 9 + 16 = 25
R2 = 25 ⇒ R = 25 ⇒ R = 5 N
b) Decompondo →F1, temos que:
|→F1x| = |→F2| e |F1y| = |→F3| com sentidos opostos.
∴∴∴∴∴ R = 0
4 N
3 N
R
Resolução:
R2 = 62 + 82 = 36 + 64 = 100 ⇒
⇒ R = 100 ⇒ R = 10 N
Alternativa B
Resolução:
sen 30º = yTT⇒ Ty = T . sen 30º ⇒ Ty = 400 N
T = 400
sen 30º= 400
0,5 ⇒ T = 800 N
cos 30º = xTT ⇒ Tx = T . cos 30º = 800 .
32
Tx = 400 3 N
Alternativa A
R6 N
8 N
T
30ºTx
Ty
B
400 N
EDUCACIONAL4 FÍSICA ESTÁTICA
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12. (MACK) No sistema abaixo, o peso P está preso ao fioAB por uma argola. Despreze os atritos. Levando aextremidade A do fio ao encontro da extremidade B, aintensidade da tração do fio OA é sempre igual à do fioOB e varia com o ângulo θ conforme o gráfico dado.O peso P vale:
a) 150 Nb) 100 Nc) 80 Nd) 50 Ne) 10 N
13. (MACK) No sistema abaixo, os fios, as polias e odinamômetro D, preso ao solo, têm massas desprezíveis.A pessoa P aplica a força
→F verticalmente para baixo e o
dinamômetro acusa 80 N. A intensidade da força →F é:
a) 80 Nb) 10 Nc) 8,0 Nd) 5,0 Ne) 2,5 N
14. (UF-SC) É dado o sistema abaixo em equilíbrio.Sabendo-se que a tração na corda 1 é 300 N, a tração nacorda 2 é:
sen 37º = 0,60 = cos 53ºsen 53º = 0,80 = cos 37º
a) 500 kgb) 400 Nc) 4 000 Nd) 400 Je) 4 N
→F
D
P
53º37º
50 kg
! "
θ θ
A B
POT (N)
50
0 30º 90º θ
100
60º
Resolução:
Quando θ = 90º ⇒
∴ P = 2 T = 2 . 50
P = 100 N
Alternativa B
TT
P
Resolução:
F = nF'2
(n = número de roldanas móveis)
F = 480 80
162= ⇒ F = 5 N
Alternativa D
Resolução:
T1y = T1 . sen 37ºT2y = T2 . sen 53º
T1 . sen 37º + T2 . sen 53º = 500300 . 0,6 + T2 . 0,8 = 500T2 . 0,8 = 500 – 180 ⇒ T2 . 0,8 = 320 ⇒ T2 = 400 N
Alternativa B
T1
T2y
37º
T1y T2
53º
500 N
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15. (UF-RS) Uma barra homogênea de peso P e comprimento4,0 m é articulada no ponto O, conforme a figura. Para semanter a barra em equilíbrio, é necessário exercer umaforça F = 80 N na extremidade livre. O peso da barra, emN, será:
a) 20b) 40c) 60d) 100e) 160
16. (FGV) Um carrinho de pedreiro de peso total P = 800 N émantido em equilíbrio na posição mostrada na figuraabaixo. A força exercida pelo operador, em newtons, éde:
a) 800b) 533c) 480d) 320e) 160
17. Observando a figura, vemos que os corpos A e B, queequilibram a barra de peso desprezível, são tambémutilizados para equilibrar a talha exponencial de polias efios ideais. A relação entre as distâncias x e y, é:
a) xy =
13
b)xy =
14
c) xy =
18
d)xy =
112
e) xy =
116
OF = 80 N
B
x y
A
B
A
18. Uma pirâmide reta, de altura H e base quadrada de ladoL, com massa m uniformemente distribuída, está apoiadasobre um plano horizontal. Uma força
→F com direção
paralela ao lado AB é aplicada no vértice V. Dois pequenosobstáculos O, fixos no plano, impedem que a pirâmide sedesloque horizontalmente. A força
→F capaz de fazer
tombar a pirâmide deve ser tal que:
a) | |F mgH
L H
→>"#$% +
2
22
b) | |F mg→
> c) | |F mgHL
→>"#$%2
d) | |Fmg L
H→
>
"#$%2 e) | |F
mg L
L H
→>
"#$%
"#$% +
2
2
22
B
PA 40 cm 60 cm
BA
g
OO
V
H
→F
Resolução:
P . 2 = 80 . 4 ⇒ P = 320
2 ⇒ P = 160 N
Alternativa E
02m 2m
80N
P
Resolução:
800 . 40 = F . 100 ⇒ F = 320 N
Alternativa D
040 cm
60 cm
800N
F
Resolução:
PB = A3
P2
⇒ PA = 8PB ⇒ 8PB . x = PB . y ⇒ x 1=y 8
Alternativa C
Resolução:
F . H > P . L/2 ⇒ F > ( )mg L 2H
Obs: a reta definida por →F , na situação inicial, dista H dareta definida pelos obstáculos.
Alternativa D
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19. (FATEC) O sistema da figura está em equilíbrio e os pesosda barra e das polias podem ser ignorados.
A razão entre as massas Mm é:
a) 8b) 1/8c) 4d) 2e) 6
20. (ITA) Uma das extremidades de uma corda de pesodesprezível está atada a uma massa M1 que repousa sobreum cilindro fixo, liso, de eixo horizontal. A outraextremidade está atada a uma outra massa M2, comomostra a figura. Para que haja equilíbrio na situaçãoindicada, deve-se ter:
a) M M2 13
2=
b) M M2 13
4=
c) M M2 112=
d) M M2 113
=
e) M M2 114=
21. (FUVEST) Uma barra rígida e homogênea de 2 kg estáligada numa das extremidades a um suporte, através deuma mola de constante elástica k = 200 N/m. Na outraextremidade, articula-se a um rolete que pode girarlivremente. Nessa situação, a mola está deformada de5 cm.
a) Indique as forças externas que atuam sobre a barra.b) Qual é a força que a superfície exerce sobre o rolete?
2 m 4 m
M
m
60ºM1
M2
g = 10 m/s2
Resolução:
m . g . 4 = 2M . g
2. 2
4m = 2M4
⇒ Mm
= 8
Alternativa A
Resolução:
T = M2 . g
P1T = M1 . g . cos 30º = T = M2 . g
M2 . g = M1 . 3g
2
M2 = M13
2
Alternativa A
Resolução:
a)
b) em relação ao ponto C:k . x . d = N . dN = k . x = 200 . 0,05N = 10 N
→→→→→N
→→→→→Fel
→→→→→P
A
ddC B
60ºM1
M2
TN
P1T
T
M1g
30º
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22. (UNICAMP) Uma escada homogênea de 40 kg apóia-sesobre uma parede, no ponto P, e sobre o chão, no ponto C.
g = 10 m/s2
a) Desenhe as setas representativas das forças peso,normal e de atrito em seus pontos de aplicação.
b) É possível manter a escada estacionária não havendoatrito em P? Neste caso, quais os valores das forçasnormal e de atrito em C?
23. (FUVEST) A figura mostra uma barra homogênea apoiadaentre uma parede e o chão. A parede é perfeitamente lisa;o coeficiente de atrito estático entre a barra e o chão éµ = 0,25.
a) Desenhe o esquema das forças que atuam na barra.b) Calcule a tangente do menor ângulo α entre a barra e
o chão para que não haja escorregamento.
24. (CESGRANRIO-RJ) Uma prancha homogênea estásustentada, em posição horizontal, pelos dois suportesA e B. Partindo de A, um rapaz caminha sobre a pranchaem direção a B, andando com passos iguais. Ele dá seispassos para ir de A até B. Quando ele está em A, a ação(vertical, para cima) do suporte A sobre a prancha é de8 x 102 N. Quando ele está em B, a ação daquele mesmosuporte A é de 2 x 102 N. Quantos passos poderá ele dar,além de B, sem que a prancha tombe?
Obs: usamos o passo como medida de comprimento, na resolução.
C3 m
4 m
P
α
A B
Resolução:
a)
b) Sim, desde queNC = P ⇒ NC = 400 N eM de P em relação a C seja igual ao M de NP em relação a C.
P . 1,5 = NP . 4 ⇒ 400 . 1,5 = NP . 4 ⇒ NP = 150 N ∴∴∴∴∴ AC = 150 N
Obs: Considere como distância ⇒ distância do ponto C até areta definida pela força.
NP
NC
FatCC
FatP
P
P
Resolução:
a)
b) em relação ao ponto C: NP . x = P . y2
⇒ xy
= tg α = P2
NP
P = NC ∴ NP = AC = µ . NC = µ . m . g(atrito estático máximo, α máximo)
∴ tg α = m . g 1
2 . 0,25 . m . g 0,5= ⇒ tg ααααα = 2
Resolução:
Situação I: PR = peso do rapazPB = peso da barra
em relação ao ponto B:RA . 6 = PR . 6 + PB . 3 ⇒ 6PR + 3PB = 4800 ⇒ 2PR + PB = 1600
Situação II: em relação ao ponto B:RA2
. 6 = PB . 33PB = 1200PB = 400N
∴ PR = 1600 400 12002 2−
= ⇒ PR = 600 N
Situação III: PB . 3 = PR . x
x = 400 . 3
600x = 2 passos
A
RA
PR PB
RBB
A
RA2
PRPB
RBB
→Npar.
→Nchão
→FatC
→P
C
Ax
PRPB
RB
B