eletrotécnica tarefa 5
TRANSCRIPT
====================================================================
03– Conceitue e apresente um exemplo de um circuito trifásico desequilibrado ou desbalanceado
Um circuito trifásico em que as fases possuem cargas com impedâncias desiguais é denominado de circuito desequilibrado. Consequentemente as tensões não ficarão defasadas de 1200 umas das outras.
FACULDADE BOA VIAGEM – FBV/DEVRYDISCIPLINA: ELETROTÉCNICAPROF.: DR. METHODIO GODOY
ALUNO: EDILSON JOSÉ DA SILVA
ATIVIDADE 5
CIRCUITOS TRIFÁSICOS
A
B
C
ZA=¿50+j30
ZB=¿42+j15ZC=¿15+j26
IA
IB
IC
11 – Uma carga ligada em triângulo (Figura 1) tem uma impedância Z que é de (100+ j 45 )Ω. Se a tensão V BC aplicada é de 380 V com fase 450. Obtenha a corrente IA
e a corrente ICA carga.
I AB=V AB
Z→I AB=380 ⌊450¿¿ ¿
109,66 ⌊24,230¿¿
I A=I AB Χ √3 ⌊−300→I A=3,47 ⌊20,770Χ √3 ⌊−300→I A=6,01 ⌊−9,230[A ]¿¿¿¿
V CA=380 ⌊1650 ¿¿
ICA=V CA
100+ j 45→ICA=380 ⌊1650 ¿¿¿→ICA=3,47 ⌊140,770[ A]¿¿
20 – Uma carga ligada em triângulo tem uma impedância Z de (24+ j 98 )Ω . Se a tensão V BC aplicada é de 380 V com fase 550. Obter as tensões: VA, VB, VC, VAB e VCA. Obtenha também as correntes nas três fases e o diagrama fasorial.
IBC
ICA
IABIA
380 V
C
B
A
IC IB
IABIBC
VCA
IA
ICA
VAB
Z3=24+ j 98
Z2=24+ j98 Z1=24+ j98
B
A
Dados:V BC=380 ⌊550¿¿V BC=V B−V C, mas V B=a
2×V A e V C=a×V A, daí temos:
V BC=a2×V A−a×V A⇒V BC=(a2−a )×V A⇒V BC=(1 ⌊−1200−1 ⌊1200 ¿¿×V A⇒
V BC=(−0,5− j 0,866025403— (−0,5+ j 0,866025403 ) )×V A⇒V BC=(− j1,732050806 )×V A
V BC=(1,732050806 ⌊−900 ¿¿×V A⇒V A=V BC
1,732050806 ⌊−900 ¿¿ ¿
1,732050806 ⌊−900 ¿¿
V A=2 20 ⌊1450 ¿¿[V].
V B=a2×V A⇒V B=1 ⌊−1200×219,39 ⌊1450⇒V B=219,39 ⌊250 ¿¿¿¿[V].
V B=220 ⌊250¿¿.
V C=a×V A⇒V C=1 ⌊1200×219,39 ⌊1450⇒V C=219,39 ⌊2650 ¿¿¿¿[V].
V C=220 ⌊2650 ¿¿[V].
V AB=V A−V B⇒V AB=V A−a2×V A⇒V AB=(1−a2 )×V A⇒
V AB= [1−(1 ⌊−1200 ) ¿¿×219,39 ⌊1450⇒V AB=[1−(−0,5− j0,866025403¿) ]×219,39 ⌊1450 ¿¿V AB= [1,5+ j 0,866025403 ]×219,39 ⌊1450⇒V AB=1,732050807 ⌊300×219,39 ⌊1450 ¿¿¿¿V AB=380 ⌊1750 ¿¿[V].
V CA=V C−V A⇒V CA=a×V A−V A⇒V CA=(a−1 )×V A⇒V CA= (1 ⌊1200−1 ¿¿×219,39 ⌊1450 ¿¿⇒V CA= (−0,5+ j 0,866025403−1 )×219,39 ⌊1450⇒¿¿V CA=(−1,5+ j 0,866025403 )×219,39 ⌊1450⇒V CA=1,732050807 ⌊1500×219,39 ⌊1450⇒¿¿¿¿V CA=380 ⌊2950 ¿¿[V].
I AB=V AB
24+ j98⇒ I AB=380 ⌊1750¿¿¿⇒ I AB=3,77 ⌊98,760¿¿[A]
I AB=3,77 ⌊98,760 ¿¿[A].
IBC=V BC
24+ j 98⇒ IBC=380 ⌊550 ¿¿¿⇒ IBC=3,77 ⌊−21,240 ¿¿[A]
IBC=3,77 ⌊−21,240 ¿¿[A].
ICA=V CA
24+ j 98⇒ ICA=380 ⌊2950 ¿¿¿⇒ ICA=3,77 ⌊218,760 ¿¿[A]
ICA=3,77 ⌊218,760 ¿¿[A].
IC IB
DIAGRAMA FASORIAL:
21 – Uma carga ligada em estrela tem uma impedância Z de (24+ j 98 )Ω. Se a tensão V BC aplicada é de 380 V com fase 150. Obter as tensões: VA, VB, VC, VAB e VCA. Obtenha também as correntes nas três fases e o diagrama fasorial.
IAB
ICA
IBC
VAB
-VB
VCA
VA
VC
VBC
VB
-VC
-VC
A
Z2=24+ j98 Z1=24+ j98
IA
Z3=24+ j98
B
VAB
IB
VCA
Dados:V BC=380 ⌊1 50 ¿¿V BC=V B−V C, mas V B=a
2×V A e V C=a×V A, daí temos:
V BC=a2×V A−a×V A⇒V BC=(a2−a )×V A⇒V BC=(1 ⌊−1200−1 ⌊1200 ¿¿×V A⇒
V BC=(−0,5− j 0,866025403— (−0,5+ j 0,866025403 ) )×V A⇒V BC=(− j1,732050806 )×V A
V BC=(1,732050806 ⌊−900 ¿¿×V A⇒V A=V BC
1,732050806 ⌊−900 ¿¿ ¿
1,732050806 ⌊−900 ¿¿
V A=2 20 ⌊10 50 ¿¿[V].
V B=a2×V A⇒V B=1 ⌊−1200×219,39 ⌊1050⇒V B=219,39 ⌊−150 ¿¿¿¿[V].
V B=220 ⌊−150 ¿¿.
V C=a×V A⇒V C=1 ⌊1200×219,39 ⌊1050⇒V C=219,39 ⌊2250 ¿¿¿¿[V].
V C=220 ⌊2250 ¿¿[V].
V AB=V A−V B⇒V AB=V A−a2×V A⇒V AB=(1−a2 )×V A⇒
V AB= [1−(1 ⌊−1200 ) ¿¿×219,39 ⌊1050⇒V AB=[1−(−0,5− j0,866025403¿) ]×219,39 ⌊1050 ¿¿V AB= [1,5+ j 0,866025403 ]×219,39 ⌊1050⇒V AB=1,732050807 ⌊300×219,39 ⌊1050 ¿¿¿¿V AB=380 ⌊1 350¿¿[V].
V CA=V C−V A⇒V CA=a×V A−V A⇒V CA=(a−1 )×V A⇒V CA= (1 ⌊1200−1 ¿¿×219,39 ⌊1050 ¿¿⇒V CA= (−0,5+ j 0,866025403−1 )×219,39 ⌊1 050⇒ ¿¿V CA=(−1,5+ j 0,866025403 )×219,39 ⌊1 050⇒V CA=1,732050807 ⌊1500×219,39 ⌊1 0 50⇒¿¿¿¿V CA=380 ⌊2550 ¿¿[V].
I A=V A
24+ j 98⇒ I A=22 0 ⌊1 050 ¿¿¿⇒ I A=2 ,18 ⌊2 8,760 ¿¿[A]
I A=2 ,18 ⌊2 8,760¿¿[A].
IB=V B
24+ j 98⇒ I B=22 0 ⌊−1 50 ¿¿¿⇒ IB=2,18 ⌊−9 1,240¿¿[A]
IB=2,18 ⌊−9 1,240 ¿¿[A].
IC=V C
24+ j98⇒ IC=22 0 ⌊2 2 50 ¿¿¿⇒ IC=2,18 ⌊14 8,760 ¿¿[A]
IC=2 ,18 ⌊14 8,760¿¿[A].
DIAGRAMA FASORIAL:
VA
IAB
IC
-VB
-VA
-VA
VC
VB
VBC
-VC
-VC
VAB-VB
VCA
IA
IB
39 – Resolva a seguinte questão:
Um gerador em Δ produz as seguintes tensões: V F1=220 ⌊00 ¿¿ [V ]e V F2=220 ⌊1200 ¿¿. Ele deve alimentar uma carga trifásica equilibrada na configuração Y, sendo: Z1=Z2=Z3=6 ⌊600 [Ω ] .¿¿ Determine todas as tensões e correntes de linha.
V AB=220 ⌊1200 ¿¿[V].
V BC=220 ⌊00¿¿[V].
V AB=220 ⌊−1200 ¿¿[V].
Z1=Z2=Z3=6 ⌊600 ¿¿[Ω].
V AB=V A−V B⇒V AB=V A−a2V A⇒V AB=(1−a2 )V A⇒V AB=(1−1 ⌊−1200 ¿¿V A⇒
V AB= (1−[−0,5− j 0,866025403 ] )V A⇒V AB=(1,5+ j 0,866025403 )V A⇒
V AB=1,732050807 ⌊300×V A⇒V A=V AB
√3 ⌊300¿¿ ¿√3 ⌊300¿
¿¿¿[V].
V A=127 ⌊900 ¿¿[V].
V B=a2V A⇒V B=1 ⌊−1200×127 ⌊900⇒V B=127 ⌊−300¿¿¿¿[V].
V B=127 ⌊−3 00 ¿¿[V].
VBC
VAB
VCA
CC
BB
AA
Z3
Z2
Z1
+
-
+
-
+
-VF3
VF2
VF1
V C=aV A⇒V C=1 ⌊1200×127 ⌊900⇒V C=127 ⌊2100 ¿¿¿¿[V].
V C=127 ⌊21 00 ¿¿[V].
I A=V A
Z3
⇒ I A=127 ⌊900 ¿¿¿⇒ I A=21,17 ⌊300 ¿¿[A].
I A=21,17 ⌊300 ¿¿[A].
IB=V B
Z2
⇒ IB=127 ⌊−300¿¿¿⇒ IB=21,17 ⌊−900 ¿¿[A].
IB=21,17 ⌊−900¿¿[A].
IC=V CZ1
⇒ IC=127 ⌊2100 ¿¿¿⇒ IC=21,17 ⌊1500¿¿[A].
IC=21,17 ⌊15 00 ¿¿[A].
Portanto, I A+ IB+ IC=21,17 ⌊300 ¿¿+21,17 ⌊15 00¿¿I A+ IB+ IC=18,33+ j10,585+0− j21,17−18,33+ j10,585⇒I A+ IB+ IC= j21,17− j 21,17=0