resolução numérica da equação de condução do calor em uma ... · nestas, e outras,...
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Eliandro R. Cirilo
Departamento de Matemática
Resolução Numérica da Equação de Condução do Calor em Uma Placa
Bidimensional
Estrutura da Apresentação:
3 – Questões Numéricas
1 – Aspectos Históricos
2 – Equação de Condução do Calor
4 – Resultados Numéricos
5 – Consideração Finais
1 – Aspectos Históricos• A condução do calor está ligada a fenômenos físicos difusivos.• O seu estudo teve inicio por volta de 1800.• A primeira investigação importante foi desenvolvida por Joseph B. Fourier (1768-1830), ele enunciava que uma função totalmente arbitrária podia ser representada por uma série da forma
• Em homenagem a ele as séries dessa forma são denominadas séries de Fourier, e são fundamentais na solução analítica do PVC da condução do calor unidimensional.• Para problemas mais complexos, ainda não é disponível a solução de forma fechada.
∑∞
=
++
1
0 cos2 m
mm l
xmsenb
l
xma
a ππ
2 – Equação de Condução do CalorA equação diferencial parcial que descreve a condução do calor numa placa retangular, do espaço bidimensional, é da forma:
∂∂+
∂∂=
∂∂
2
2
2
2
y
T
x
T
t
T α
onde:
Rl;l ∈21
[ )∞∈ ,t 0 é a variável temporal;
( ) [ ] [ ]21 00 l,l,y,x ×∈ é o ponto discreto do espaço 2D
)y,x,t(TT ≡ é a temperatura no tempo e espaço
α é o coeficiente de difusividade térmica do meio1l
2l( )y,x,tT
2.1 – Solução Analítica
Admitindo por hipótese que 0=∂∂t
Ta equação de condução fica:
02
2
2
2
=∂∂+
∂∂
y
T
x
T“Equação de Laplace”
considerando
500 =)y,x,(T 00 =)y,,t(T 102 =)y,,t(T 00 =),x,t(T 01 =),x,t(T
foi demonstrado que a solução do problema é dada por:
∑∞
=
−=1 2
120
n
)yn(sen).xn(senh)n(senh.n
)ncos()y,x(T ππ
πππ
Malha de 50x50 Isolinhas Gradiente
Mas e os casos onde:
1. a geometria é complexa
2. as condições de contorno são variáveis
3. há geração de calor internamente
4. há transferência de calor pelo contorno
5. há troca de calor com o meio externo
6. Etc…
nestas, e outras, situações ainda não há solução na forma fechada, logo se faz necessária à abordagem numérica.
3 – Questões NuméricasDa fórmula de Taylor infinitesimal tem-se:
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) +′′′+′′+′+=+ φφφφφ fhfhfhfhf 32
6
1
2
1
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) +′′′−′′+′−=− φφφφφ fhfhfhfhf 32
6
1
2
1
onde .Rh∈( )φf é uma função “n” vezes derivável em ,φ e
Negligenciando termos da ( )2hO obtém-se:
( ) ( ) ( ) ( )22
2 2
h
hffhf
d
fd −+−+≅ φφφφ
φ ( ) ( ) ( )h
fhf
d
df φφφφ −+≅
que substituídas na equação do calor nos dá a forma discretizada da mesma.
( )hOe
Considerando um esquema implícito, então )j,i,k(T)y,x,t(T ≡ logo:
t
)j,i,k(T)j,i,k(T)j,i,k(
t
T)y,x,t(
t
T
∆−+≈
∂∂=
∂∂ 1
22
2
2
2 111211
x
)j,i,k(T)j,i,k(T)j,i,k(T)j,i,k(
x
T)y,x,t(
x
T
∆−+++−++≈
∂∂=
∂∂
22
2
2
2 111211
y
)j,i,k(T)j,i,k(T)j,i,k(T)j,i,k(
y
T)y,x,t(
y
T
∆−+++−++≈
∂∂=
∂∂
2
2
2
2
2
2
2
2
y
T
x
T
y
T
x
T
t
T
∂∂+
∂∂=
∂∂+
∂∂=
∂∂ ααα
Substituindo-as na equação
obtemos
=∆
−+t
)j,i,k(T)j,i,k(T 1
( ) ( ) ( ) +
∆−+++−++
2
111211
x
j,i,kTj,i,kTj,i,kTα
∆
−+++−++2
)1,,1(),,1(2)1,,1(
y
jikTjikTjikTα
que depois do reagrupamento fica
( )TTATATATAA
)j,i,k(T ssnnwweeP
++++
=+ 1
1
onde
∆
+∆
∆+=22
1121
yxtAP α we A
x
tA =
∆∆=
2
αsn A
y
tA =
∆∆=
2
α
e os índice, p, e, w, n e s, designam localizações cardeais.
)j,i,k(TTe 11 ++= )j,i,k(TTw 11 −+= )j,i,k(TTn 11 ++=
)j,i,k(TTs 11 −+= )j,i,k(TT =
O sistema de equações ( )TTATATATAA
)j,i,k(T ssnnwweeP
++++
=+ 1
1
é resolvido pelo método das relaxações sucessivas, dado por:
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )11 1111 ++ +++−=+ ITj,iGS
ITj,i
ITj,i j,i,kT.rj,i,kT.rj,i,kT
onder
ITé o fator de relaxação tal que o método só converge se 20 << r
é o nível iterativo.
MALHA SOLVER
EXECUTAR
IT+1
IT
celula do contorno
celula do interior
níveis iterativos
VISUALIZAR
4 – Resultados NuméricosObservando as isolinhas, e conseqüentemente, os mapas do gradiente de temperatura, abaixo, percebe-se que eles apresentaram uma significativa similaridade
Solução analítica Solução numérica
Considerando que a equação de condução (de uma chapa de alumínio)
é resolvida no mesmo domínio já abordado, e sujeita às condições:
500 =)y,x,(T 1500 =)y,,t(T 202 =)y,,t(T 700 =),x,t(T 1010 =),x,(T
∂∂+
∂∂=
∂∂
2
2
2
2
860y
T
x
T,
t
T
As isolinhas e o mapa de cores para porcentagens de 25%, 50%, 75% e 100% do tempo para alcançar o estado permanente podem ser observadas abaixo:
Considerando que a equação de condução (de uma chapa de tijolo)
é resolvida no mesmo domínio já abordado, e sujeita às condições:
500 =)y,x,(T 1500 =)y,,t(T 202 =)y,,t(T 700 =),x,t(T 1010 =),x,(T
∂∂+
∂∂=
∂∂
2
2
2
2
00380y
T
x
T,
t
T
ele necessitou de 15.4276 segundo para alcançar o estado permanente, e a distribuição ficou:
5 – Consideração FinaisTendo informações sobre o comportamento da distribuição de temperatura pode-se:
• Analisar os gradientes em regiões específicas na geometria;
• Sugerir medidas de controle, mudanças de design, etc. Via simulação numérica.
• Analisar o tempo necessário, em que intensidade, se alcança o equilíbrio térmico;
• Etc... www.mat.uel.br/ercirilo