Lista de exercícios 1ª e 2ª lei de Mendel 3° anos AME

Exercícios GENÉTICA  1) Em urtigas o caráter denteado das folhas domina o caráter liso. Numa experiência de polinização cruzada, foi obtido o seguinte resultado: 89 denteadas e 29 lisas. A provável fórmula genética dos cruzantes é:a) Dd x ddb) DD x ddc) Dd x Ddd) DD x Dde) DD x DD 2) A Segunda Lei de Mendel postula:a) Distribuição conjugada dos genes.b) Segregação independente.c) Troca de partes entre cromossomos.d) Importância da recessividade. 3) O cruzamento entre uma planta de ervilha rugosa-verde rrvv com um planta lisa-amarela RRVV tem como descendente em F1:a)  Apenas plantas lisa-verde.b)  Plantas tanto lisa-amarela quanto rugosa-verde.c) Apenas plantas lisa-amarelad) Apenas plantas rugosa-verde.  4 ) Dizemos que um determinado gene é recessivo quando sua expressão (fenótipo):a) só acontece em heterozigose.b) só ocorre quando em dose dupla.c) independe da presença de seu alelo.d) depende de características congênitas.e) reproduz uma característica provocada pelo ambiente. 5 ) Moscas de coloração acinzentada cruzadas entre si fornecem moscas de cor preta. Para determinarmos se uma mosca cinza é homozigota ou heterozigota quanto ao par de genes que condicionam esse caráter, o procedimento correto é analisar a prole resultante do cruzamento dessa mosca com outra dea) cor preta.b) cor cinza.c) genótipo igual ao seu.d) fenótipo igual ao seu.e) fenótipo dominante. 6 ) Em gado, a cor da pelagem vermelha, ruão e branca, é controlada por genes codominantes, e o cruzamento de animais com chifres versus animais sem chifres, às vezes só origina prole sem chifres, e,  em outros cruzamentos, aparecem os dois tipos em igual número. Um fazendeiro tem uma grande boiada constituída de animais vermelhos, ruões, brancos e sem chifres, os quais, ocasionalmente produzem prole com chifres. Utilizando apenas cruzamentos naturais, ou seja, sem recorrer à inseminação artificial, como o fazendeiro deverá proceder para estabelecer uma linhagem pura de animais brancos e sem chifres?Por que ele não conseguirá resolver o problema dos chifres rapidamente? 7 ) Observe os cruzamentos a seguir, onde o alelo (A) condiciona a cor amarela em camundongos e é dominante sobre o alelo (a), que condiciona a cor cinza.CRUZAMENTO I (Aa × Aa) 240 amarelos 120 cinzasCRUZAMENTO II (Aa × aa)

 240 amarelos 240 cinzasAnalise os resultados destes cruzamentos e responda.a) Qual cruzamento apresenta resultado de acordo com os valores esperados?b) Como você explicaria o resultado do cruzamento em que os valores observados não estão de acordo com os valores esperados? Gabarito

1) Para resolvermos este problema, consideramos que o total é de 118 urtigas, considerando que o  caráter denteado das folhas domina o caráter liso e sendo assim que os resultados mostram que  tiveram 29 urtigas com folhas lisas, então podemos descartar rapidamente a letra e, já que nesta letra  é impossível termos o caso de urtigas com folhas lisas. Agora o restante das letras é testado com base  em tentativas, vamos por partes:A letra a, diz que foi cruzada uma urtiga de folha denteada heterozigota com uma urtiga de folha lisa  homozigota, então teríamos:Dd x d e como resultado: Dd, dd 50% para cada característica, portanto esta letra está incorreta.A letra b, diz que foi cruzada uma urtiga de folha denteada homozigota e uma urtiga de folha lisa  homozigota, então teríamos:D x d e como o resultado do cruzamento é apenas Dd, portanto a letra está incorreta, já que todas as  urtigas teriam folhas denteadas.A letra c, diz que foram cruzadas ambas as urtigas de folhas denteadas heterozigotas, então teríamos:Dd x Dd e como resultados do cruzamento teriam:DD, Dd, Dd, dd, fazendo as contas 75% das urtigas teriam folhas denteadas e 25% folhas lisas.Fazendo as contas, 118 urtigas vezes 75% -- teríamos 88,5 urtigas de folha denteada, considerando  que não existe meia urtiga com folha denteada e lisa, poderíamos arredondar para 89 urtigas de folhas  denteadas e 29 de folhas lisas. 2) Letra b. De acordo com a Segunda Lei durante a meiose os pares de alelos se comportam  independentemente. 3) Letra C. Segundo os experimentos de Mendel, o cruzamento entre um caráter dominante (RRVV) e  um recessivo (rrvv) conifica o genótipo duplo-heterozigoto (RrVv) dominante para F1. 4 ) Letra b 5 ) Letra a 6 ) Para obter prole 100% formada por animais brancos e sem chifres o fazendeiro deverá selecionar  um casal de animais brancos e sem chifres homozigotos para as duas características. O problema dos  chifres demora a ser resolvido porque o caráter presença de chifres é recessivo e o criador teria  dificuldade na identificação de animais sem chifres, condição dominante, homozigotos. 7 ) a) O cruzamento II (Aa x aa) apresenta os resultados esperados pois resulta  em 50% Aa  (amarelos) e 50% aa (cinza).b) O cruzamento II (Aa x Aa) produziu 66% amarelos e 33% cinza, ou seja, 2 amarelos : 1 cinza,   proporção indicativa de que o gene dominante (A) que determina a cor amarela é letal em homozigose.

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May

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Exercícios 2a Lei de Mendel e Polialelia/ Grupamento sanguíneo (2° ano - Bio II)

1. (UFAL) Em determinada raça animal, a cor preta é determinada pelo alelo dominante M e a marrom pelo alelo m; o alelo B condiciona padrão uniforme e o b, presença de machas brancas. Esses dois pares de alelos autossômicos segregam-se independentemente. A partir do cruzamento Mmbb x mmBb, a probabilidade de nascer um filhote marrom com manchas é:

a)   1/16     b)   3/16     c)   ¼     d)   ½     e)   3/4

2. (UFRS) Indivíduos com os genótipos AaBb, AaBB, AaBbCc, AaBBcc, AaBbcc podem formar, respectivamente, quantos tipos de gametas diferentes?a)   4-4-8-8-8     b)   4-2-8-4-4     c)   2-4-16-8-8     d)   4-2-8-2-4     e)   2-4-16-4-8

3. (Mackenzie-SP) Um casal, ambos polidáctilos (com mais de 5 dedos) e de visão normal, tem uma criança normal para polidactilia, mas míope. Considerando-se que ambas as anomalias são autossômicas e os respectivos genes estão em cromossomos diferentes, então a probabilidade de o casal ter outra criança normal para as duas características é:a)   3/16     b)   0     c)   1     d)   1/16     e)   9/16

4. (UFPB) Um indivíduo heterozigoto para dois pares de genes autossômicos, que apresentam segregação independente, casa-se com uma mulher homozigota recessiva para esses mesmos pares de genes. A probabilidade de nascer um filho genotipicamente igual ao pai, com relação ao par de genes considerado, é:a)   ½     b)   ¼     c)   1/8     d)   1/12     e)   1/16

5. (UFRN) Considerando a 2ª Lei de Mendel e o cruzamento entre os indivíduos que apresentam os genótipos AaBb x AaBb:

a)   Determine quantos e quais são os gametas que poderão ser formados nos indivíduos AaBb.

b)   Demonstre a proporção genotípica desse cruzamento.

6. Do cruzamento AaBBCcDdeeFf x AabbccDDEEFf (locos independentes), qual a proporção esperada na descendência, dos seguintes genótipos:

a) AaBbCcDdEeFf?

b) aaBBccDDeeFF?

c) AABbCcDdEeFf?

7. Suponhamos que, numa planta, a cor branca do fruto seja condicionada por um gene dominante B e a cor amarela, pelo alelo b. A forma discoide é condicionada por um gene dominante E e a forma esférica, pelo alelo e. Cruzando-se uma planta BbEe com outra BBee, qual a probabilidade de aparecimento de exemplares BbEE e BbEe?

Escreva o fenótipo de cada planta citada.

8. Nos cavalos, a cor negra é devida ao gene dominante B, e a cor castanha, ao seu alelo recessivo b. O caráter trotador é devido ao gene dominante T e o marchador, ao alelo recessivo t. Suponha que se trate de segregação independente. Que tipos de descendentes resultam do cruzamento de um trotador negro homozigoto para as duas características com um marchador castanho?

9. Considere um homem heterozigoto para o gene A, duplo recessivo para o gene D. Considere ainda que todos esses genes situam-se em cromossomos diferentes. Quantos e quais gametas poderão ser formados?

10. Um homem afetado por albinismo (recessivo) e heterozigoto para braquidactilia (dedos muito curtos – característica dominante), casa-se com uma mulher normal heterozigota para albinismo e heterozigota para braquidactilia. Quais serão as características genotípicas e fenotípicas dos descendentes desse casal?

11. (UFRGS/2004) Coelhos podem ter quatro tipos de pelagem: chinchila, himalaia, aguti e albina, resultantes das combinações de quatro diferentes alelos de um mesmo loco. Num experimento, animais com diferentes fenótipos foram cruzados várias vezes. Os resultados, expressos em número de descendentes, constam na tabela a seguir.

Se o animal progenitor aguti do cruzamento 1 for utilizado para a obtenção de filhotes com o progenitor chinchila do cruzamento 4, que proporção de descendentes poderemos prever? 

a) 1 aguti: 1 chinchila. 

b) 1 aguti: 1 himalaia. 

c) 9 aguti: 3 himalaia: 3 chinchila: 1 albino. 

d) 2 aguti: 1 chinchila: 1 himalaia. 

e) 3 aguti: 1 chinchila. 

Considere as informações a seguir para responder às questões de 12 a 15.

A relação de dominância entre os alelos múltiplos de um dos genes que condicionam a cor da pelagem de coelhos é: C (aguti) >  cch (chinchila) > ch (himalaia) > c (albino).

12. O cruzamento de coelhos agutis homozigóticos com coelhos albinos produzirá descendência constituída por

a) 100% de coelhos agutis.

b) 75% de coelhos agutis e 25% de albinos.

c) 50% de coelhos agutis, 50% de albinos.

d) 25% de coelhos agutis, 25% de chinchilas, 25% de himalaias e 25% de albinos.

13. O cruzamento de coelhos agutis, filhos de mães albinas, com coelhos albinos produzirá descendência constituída por

a) 100% de coelhos agutis.

b) 75% de coelhos agutis e 25% de albinos.

c) 50% de coelhos agutis, 50% de albinos.

d) 25% de coelhos agutis, 25% de chinchilas, 25% de himalaias e 25% de albinos.

14. O cruzamento de coelhos himalaias, filhos de mães albinas, com coelhos chinchilas, filhos de mães himalaias, produzirá descendência constituída por

a) 100% de coelhos chinchilas.

b) 50% de coelhos chinchilas e 50% de himalaias.

c) 50% de coelhos chinchilas, 25% de himalaias e 25% de albinos.

d) 25% de coelhos agutis, 25% de chinchilas, 25% de himalaias e 25% de albinos.

15. O cruzamento de coelhos himalaias, filhos de mães albinas, com coelhos chinchilas, filhos de mães albinas, produzirá descendência constituída por

a) 100% de coelhos chinchilas.

b) 50% de coelhos chinchilas e 50% de himalaias.

c) 50% de coelhos chinchilas, 25% de himalaias e 25% de albinos.

d) 25% de coelhos agutis, 25% de chinchilas, 25% de himalaias e 25% de albinos.

16. (UFPE) Na espécie humana há um gene que exerce ação simultaneamente sobre a fragilidade óssea, a surdez congênita e a esclerótica azulada. Qual das alternativas define o caso?

a) Ligação genética.

b) Penetrância completa.

c) Pleiotropia.

d) Herança quantitativa.

e) Polialelia.

17. Após uma gravidez bem-sucedida, uma mãe abortou três vezes. Seu caso foi diagnosticado, em consulta médica, como eritroblastose fetal. Em relação à patologia observada nessa família, assinale a alternativa CORRETA.

a)   O pai é Rh positivo.

b)   Os abortados eram certamente Rh negativo.

c)   A mãe é Rh positivo.

d)   A criança é Rh negativo.

e)   Esse casal jamais poderá ter outros filhos.

18. Considere as informações a seguir.

A incompatibilidade entre os grupos sanguíneos humanos deve-se a reações imunológicas entre anticorpos presentes no plasma sanguíneo (aglutininas) e glicoproteínas presentes nas superfícies das hemácias (aglutinogênios). Assim, o sistema ABO apresenta dois tipos de aglutinogênios denominados A e B e, dois tipos de aglutininas, anti-A e anti-B.

Analise o quadro que se segue. 

Com base no exposto acima, faça o que se pede:

a)   Indique o significado dos algarismos I, II, III, IV e V.

b)   Qual o tipo sanguíneo de um indivíduo que pode receber sangue dos tipos: A, B e O, em qualquer quantidade?

19. (UFSCar-SP) Em relação ao sistema sanguíneo ABO, um garoto, ao se submeter ao exame sorológico, revelou ausência de aglutininas. Seus pais apresentaram grupos sanguíneos diferentes e cada uma apresentou apenas uma aglutinina. Os prováveis genótipos dos pais do menino são:

a) IBi – ii    b) IAi – ii    c) IAIB – IAi    d) IAIB – IA IA    e) IAi – IBi

20. No quadro a seguir, as duas colunas da direita demonstram esquematicamente o aspecto “in vitro” das reações no sangue dos indivíduos de cada grupo sanguíneo ABO aos anti-A e Anti-B. De acordo com o quadro e seus conhecimentos, responda:

a)   Informe os grupos sanguíneos dos quatro indivíduos.

b)   Faça um esquema através de setas indicando todas as doações possíveis entre os quatro indivíduos, indicando o doador e o receptor universal.

21. (EEM-SP) O hospital Beneficência Portuguesa de São Paulo precisa de sangue para que possa continuar a realização de cerca de 50 cirurgias por dia (...) Doadores, principalmente de sangue tipo O negativo e O positivo, podem contribuir (...).

(Jornal Folha de S. Paulo, 13-06-2002)

a) Por que o Hospital solicita em especial esses dois tipos sanguíneos?

b) Qual a importância de se conhecer, em uma transfusão, as proteínas presentes no plasma de receptor e nas hemácias do doador?

c) Um indivíduo com sangue do tipo A pode receber sangue de quais tipos do sistema ABO?

22. Utilizando-se três lâminas de microscopia, foi colocada uma gota de sangue humano em cada uma delas. A cada gota foi juntada igual quantidade de soro anti-A na primeira, soro anti-B na segunda e soro anti-Rh na terceira. Após a mistura do sangue com os respectivos soros, foi observada aglutinação nas duas primeiras lâminas. A partir desses dados podemos afirmar que o indivíduo, quanto aos grupos sanguíneos ABO e fator Rh, é:

a)   B e Rh positivo.    b)   AB e Rh negativo.    c)   A e Rh negativo.    d)   AB e Rh positivo.     e)   A e Rh positivo.

23. (MACK) Um indivíduo de tipo sanguíneo O, Rh-, filho de pais tipo sanguíneo A, Rh+, pretende se casar com uma jovem de tipo sanguíneo A, Rh-, filha de pai de tipo sanguíneo O, Rh- e mãe AB, Rh+. A probabilidade de o casal ter filhos com o mesmo fenótipo do pai será:

a)     1/4    b)    1/2    c)     1/3    d)    1/8    e)     1/16

24. (UFJF-JULHO/2003) Além do teste de DNA, há exames mais simples que podem ajudar a esclarecer dúvidas sobre paternidade. Por exemplo, o teste de tipagem sanguínea do sistema ABO permite determinar quem não pode ser o pai. Assinale a alternativa que apresenta uma situação em que esse exame assegura a exclusão da paternidade: 

a) O filho é do tipo O, a mãe do tipo O e o suposto pai do tipo A. 

b) O filho é do tipo AB, a mãe do tipo AB e o suposto pai do tipo O. 

c) O filho é do tipo AB, a mãe do tipo A e o suposto pai do tipo B. 

d) O filho é do tipo B, a mãe do tipo B e o suposto pai do tipo O. 

e) O filho é do tipo A, a mãe do tipo A e o suposto pai do tipo B. 

25. Se um indivíduo do grupo sanguíneo B recebesse sangue de um indivíduo do grupo A, surgiriam problemas graves que poderiam levá-lo à morte, porque:

a) as aglutininas anti-B do soro do doador aglutinariam as hemácias do receptor; 

b) as aglutininas anti-A do soro do receptor aglutinariam as hemácias do doador; 

c) os aglutinógenos A aglutinariam os aglutinógenos B. 

d) os aglutinógenos B aglutinariam os aglutinógenos A; 

e) as aglutininas B aglutinariam as aglutininas do doador. 

26. (FAFEID/2006) Considerando o sistema ABO na espécie humana, é CORRETO afirmar que

a) um indivíduo do grupo sanguíneo O apresenta nas hemácias os aglutinogênios A e B. 

b) um indivíduo do grupo sanguíneo A apresenta nas hemácias o aglutinogênio A e no plasma aglutinina Anti-B. 

c) um indivíduo do grupo sanguíneo AB apresenta no plasma as aglutininas Anti-A e Anti-B. 

d) um indivíduo do grupo sanguíneo B pode receber sangue de B e AB. 

27. (PISM/2007) Considere que o tipo sanguíneo Rh é determinado por apenas um par de alelos com dominância completa. Clóvis, ao nascer, apresentou eritroblastose fetal. Tendo recebido o tratamento adequado, Clóvis se desenvolveu e se casou com Joana, cujos pais eram, ambos, Rh+.Sabendo-se que as duas avós de Joana eram Rh-, qual a probabilidade de Clóvis e Joana terem um descendente que sensibilize a mãe para a eritroblastose fetal? 

a) 0    b) 1/8   c) 1/4    d) 1/2    e) 1 

28. (VUNESP/2000) Observe a genealogia: 

Para o casal (5 e 6) que pretende ter muitos filhos, foram feitas as quatro afirmações a seguir. 

I - O casal só terá filhos AB e Rh positivo. 

II – Para o sistema ABO, o casal poderá ter filhos que não poderão doar sangue para qualquer um dos pais. 

III - O casal poderá ter filhos Rh positivo, que terão suas hemácias lisadas por anticorpos anti-Rh produzidos durante a gravidez da mãe. 

IV – Se for considerado apenas o sistema Rh, o pai poderá doar sangue a qualquer um de seus filhos. 

São corretas, apenas, as afirmações: 

a) II e IV.    b) I, II e IV.    c) II, III e IV.    d) I, II e III.    e) I e III. 

29. (UNIMONTES/2006) A técnica usualmente empregada para a determinação dos grupos sanguíneos é a prova de aglutinação, feita em lâminas ou em tubos, com soros contendo anticorpos de especificidade conhecida. O tipo sanguíneo é determinado pela observação da ocorrência ou não da reação de aglutinação. A figura abaixo representa o resultado do exame feito em uma mulher casada com um homem do sangue tipo O, Fator Rh negativo. Analise-a. 

Considerando a figura, os dados apresentados e o assunto relacionado a eles, analise as afirmativas abaixo e assinale a alternativa CORRETA: 

a) Caso essa mulher seja heterozigota para os alelos do sistema ABO e do Fator Rh, esse casal poderá ter filho com alelos homozigotos para as duas características. 

b) Ao ser realizado o mesmo exame no homem citado, ocorrerá aglutinação com os três tipos de soros. 

c) Todos os filhos desse casal apresentam resultados para o Fator Rh iguais ao resultado apresentado pela mãe. 

d) A mulher citada pode receber transfusão sanguínea de doadores do sangue tipo B, Fator Rh positivo. 

30. (UPE mod.) Ao receber a tipagem sanguínea AB e B, respectivamente, de seus gêmeos bivitelinos recém-nascidos, um homem questiona a equipe médica sobre uma possível troca de bebês, visto ele ser do grupo sanguíneo A e sua mulher, do tipo O. Além disso, o casal possuía duas filhas de quatro e três anos com tipos sanguíneos O e A, respectivamente. Os médicos alegaram não ter ocorrido troca, pois, naquele dia, apenas o casal havia gerado meninos, enquanto as demais crianças eram meninas.A equipe médica realizou, então, uma bateria de testes com o casal e os bebês, obtendo os seguintes resultados:

1. Após teste de DNA, foi revelado que os bebês pertenciam ao casal.

2. A mãe dos bebês possui o fenótipo Bombaim.

As proposições abaixo estão relacionadas a esses fatos. Marque V para sentenças verdadeiras e F para sentenças falsas.

(   ) Os antígenos A e B são sintetizados a partir de uma substância H, devido a um gene H que se manifesta apenas em heterozigose.

(   ) O sangue dos indivíduos de genótipo hh não produz a substância H, e, portanto, estes não poderão expressar antígenos A e/ou B, mesmo que possuam o genótipo para produzi-los.

(   ) O genótipo da mãe dos bebês é IBIBhh, o que justifica ela ser um falso O e poder ter crianças com antígeno B ou sem antígenos na superfície das hemácias.

(   ) Como o casal possui filhas com tipos O e A, o genótipo do pai dos bebês é, obrigatoriamente, IAIA HH.

(   ) A mãe, falso O, por ter o alelo IB, poderá transmiti-lo aos seus descendentes, que poderão manifestar o fenótipo tipo B, por possuírem um gene H recebido do pai.

31. Em relação ao casal da questão anterior:

a) Defina o genótipo dos dois.

b) Quais genótipos e fenótipos poderão ter os descendentes, caso o pai seja heterozigoto para a proteína precursora?

GABARITO

1. C   2. D   3. A   4. B5. a) Podemos usar a fórmula 2n para descobrir quantos gametas serão formados. O n é número de alelos que se apresentam de forma heterozigota. Nesse caso, os dois pares de alelos se apresentam de forma heterozigota, sendo assim 22= 4 gametas. Serão formados 4 gametas, sendo eles: AB, Ab, aB, ab.b) Proporção genotípica:

AB Ab aB ab

AB AABB AABb AaBB AaBb

Ab AABb AAbb AaBb Aabb

aB AaBB AaBb aaBB aaBb

ab AaBb Aabb aaBb aabb

AABB – 1/16   AABb – 2/16   AaBB – 2/16   AaBb – 4/16   AAbb – 1/16   Aabb – 2/16   aaBB – 1/16

aaBb – 2/16    aabb – 1/16

6.

a) 1/2 (AA) x 1 (Bb) x 1/2 (Cc) x 1/2 (Dd) x 1 (Ee) x 1/2 (Ff) = 1/16

b) 1/4 (aa) x 0 (BB) x 1/2 (cc) x 1/2 (DD) x 0 (ee) x 1/4 (FF) = 0

c) 1/4 (AA) x 1 (Bb) x 1/2 (Cc) x 1/2 (Dd) x 1 (Ee) x 1/2 (Ff) = 1/32

7. BbEe x BBee (cruzamento):

BbEE = 1/2 (Bb) x 0 (EE) = 0 --> Fenótipo: planta com fruto branco e discoide.

BbEe = 1/2 (Bb) x 1/2 (Ee) = 1/4 --> Fenótipo: planta com fruto branco e discoide.

8. TTBB (trotador e negro homozigoto para as duas características) x ttbb (marchador castanho)

100% dos descendentes serão trotadores e negros com genótipo TtBb.

9. Homem heterozigoto para o gene A, duplo recessivo para o gene D = Aadd.

Podemos usar a fórmula 2n para descobrir quantos gametas serão formados. O n é número de alelos que se apresentam de forma heterozigota. Nesse caso, só um par de alelos se apresenta de forma heterozigota, sendo assim 21= 2 gametas. Serão formados 2 gametas, sendo eles: Ad, ad.

10. Homem (aaBb) x Mulher (AaBb)

Característica genotípica dos descendentes 

AaBB – 1/8    AaBb - 2/8 = 1/4    Aabb - 1/8    aaBB - 1/8    aaBb - 2/8 = 1/4    aabb - 1/8

Característica fenotípica dos descendentes

A_B_ : normal para ambas as características = 1/8 + 2/8 = 3/8

A_bb : normal para albinismo e braquidactilo = 1/8

aaB_ : albino e normal para braquidactilia = 1/8 + 2/8 = 3/8

aabb : albino e braquidactilo = 1/8

Proporção fenotípica: 3:1:3:1

11. D   12. A   13. C   14. B   15. C   16. C   17. A

18. a) I - A; II - B; III - anti-B; IV - anti-A; V - anti-A e anti-B.

b) AB

19. E

20. a) I - O; II - A; III - B; IV - AB.

b) AB - receptor universal / O - doador universal.

21. a) Porque são doadores universais por não terem aglutinogênios nas membranas das hemácias.

b) Evitar aglutinação.

c) A e O.

22. B   23. B   24. B   25. B   26. B   27. B   28. A   29. A

30. (F) Os antígenos A e B são sintetizados a partir de uma substância H, devido a um gene H que se manifesta apenas em heterozigose.

(V) O sangue dos indivíduos de genótipo hh não produz a substância H, e, portanto, estes não poderão expressar antígenos A e/ou B, mesmo que possuam o genótipo para produzi-los.

(F) O genótipo da mãe dos bebês é IBIBhh (IBihh), o que justifica ela ser um falso O e poder ter crianças com antígeno B ou sem antígenos na superfície das hemácias.

(F) Como o casal possui filhas com tipos O e A, o genótipo do pai dos bebês é, obrigatoriamente, IAIA HH (IAiH_).

(F) A mãe, falso O, por ter o alelo IB, poderá transmiti-lo aos seus descendentes, que poderão manifestar o fenótipo tipo B, por possuírem um gene H recebido do pai.

31. a) Mãe: IBihh x Pai: IAiH_

b) IBihh x IAiHh

Genótipo Fenótipo

HhIA IB AB

HhIAi A

HhIBi B

Hhii O (Verdadeiro)

hhIA IB Falso O

hhIAi Falso O

hhIBi Falso O

hhii Falso O

TESTES DE GENÉTICA (XVI)

01. (PUC-RS) Para responder esta questão, considere as informações a seguir e preencha os parênteses com V (verdadeiro) ou F (falso). Você está no trânsito quando observa que, no carro da frente, em vez de bonequinhos, há um heredograma da família do condutor (observe que o condutor está indicado pela flecha).

Mesmo sem conhecer o condutor, você pode concluir corretamente que:

(  ) Tem três filhos e uma irmã adotada.

(  ) Transmitiu uma característica ligada ao Y para sua descendência.

(  ) Seus avós e pais já faleceram.

(  ) A esposa de um de seus filhos é consanguínea.

(  ) Tem irmãos gêmeos monozigóticos.

O preenchimento correto dos parênteses, de cima para baixo, é

a) V – V – F – F – F.

b) V – F – V – F – V.

c) V – F – F – V – F.

d) F – V – V – V – F.

e) F – F – V – V – V.

02. (UERN) Dois pares de genes (Rr e Vv) estão representados na figura abaixo, em que se destaca a situação desses genes em cromossomos homólogos.

O cruzamento entre indivíduos portadores dos gametas representados produzirá:

I    II

0   0 – Um fenótipo para cada genótipo possível.

1   1 – Dois fenótipos diferentes, independente dos genótipos.

2   2 – Quatro fenótipos e nove genótipos diferentes.

3   3 – Fenótipos e genótipos correspondentes em número variável, a depender do ambiente.

4   4 – Três genótipos diferentes para dois possíveis fenótipos.

03. (FUCMT) Nos coelhos, a cor preta dos pelos é dominante em relação à cor branca. Cruzaram-se coelhos pretos heterozigotos entre si e nasceram 360 filhotes. Destes, o número de heterozigotos provavelmente é:

a) Zero. b) 90. c) 180. d) 270. e) 360.

04. (FATEC) Na espécie humana, a habilidade para o uso da mão direita é condicionada pelo gene dominante E, sendo a habilidade para o uso da mão esquerda devida o seu alelo recessivo e. A

sensibilidade à feniltiocarbamida (PTC) é condicionada pelo gene dominante I, e a insensibilidade a essa substância é devido a seu alelo recessivo i. Esses dois pares de alelos apresentam segregação independente. Um homem canhoto e sensível ao PTC, cujo pai era insensível, casa-se com uma mulher destra, sensível, cuja mãe era canhota e insensível. A probabilidade de esse casal vir a ter uma criança canhota e sensível ao PTC é de:

a) 3/4. b) 3/8. c) 1/4. d) 3/16. e) 1/8.

05. (UFBA) De acordo com as indicações a seguir, espera-se, na F2, a ocorrência do fenótipo ruão na percentagem de:

a) 0%. b) 25%. c) 50%. d) 75%. e) 100%.

06. (VUNESP) O diagrama representa o padrão de herança de uma doença genética que afeta uma determinada espécie de animal silvestre, observado a partir de cruzamentos controlados realizados em cativeiro.

A partir da análise da ocorrência da doença entre os indivíduos nascidos dos diferentes cruzamentos, foram feitas as afirmações seguintes.

I. Trata-se de uma doença autossômica recessiva.

II. Os indivíduos I-1 e I-3 são obrigatoriamente homozigotos dominantes.

III. Não há nenhuma possibilidade de que um filhote nascido do cruzamento entre os indivíduos II. 5 e II-6 apresente a doença.

IV. O indivíduo III-1 só deve ser cruzado com o indivíduo II-5, uma vez que são nulas as possibilidades de que desse cruzamento resulte um filhote que apresente a doença.

É verdadeiro o que se afirma em:

a) I, apenas.

b) II e III, apenas.

c) I, II e III, apenas.

d) I e IV, apenas.

e) III e IV, apenas.

07. (PUC-SP) Na genealogia a seguir, as pessoas indicadas pelos números 1, 2, 4, 5 e 7 apresentam uma anomalia condicionada por gene autossômico dominante. Já as pessoas indicadas pelos números 3 e 6 têm fenótipo normal.

Após a análise da genealogia, pode-se concluir que:

a) Apenas as pessoas indicadas pelos números 1 e 2 são heterozigóticas.

b) A pessoa indicada pelo número 4 é homozigótica.

c) A pessoa indicada pelo número 3 transmitiu o gene recessivo para seu descendente indicado pelo número 7.

d) Não há possibilidade de a pessoa indicada pelo número 5 ser heterozigótica.

e) O casal indicado pelos números 6 e 7 não poderá ter descendentes com fenótipo normal.

08. (UNESP) Em organismos diploides sexuados, cada par de cromossomos é formado por um cromossomo de origem paterna e um de origem materna. Qual a probabilidade de os espermatozoides conterem apenas os cromossomos de origem materna em um organismo com quatro pares de cromossomos:

a) 1/2. b) 1/4. c) 1/8. d) 1/16. e) 1/32.

09. (UFSC) Seu José da Silva, um pequeno criador de porcos do Oeste do Estado de Santa Catarina, desejando melhorar a qualidade de sua criação, comprou um porco de raça diferente daquela que ele

criava. Preocupado com as consequências de criar este animal junto com os outros porcos, ele discute com seu um vizinho sobre o assunto. Parte de seu diálogo é transcrito abaixo:

Sr. José: O porco que comprei e apelidei de Napoleão é maior, mais forte e possui peso acima da média da raça que crio. Além disso, possui manchas marrons pelo corpo todo. Gostaria que boa parte de minha criação tivesse essas características.

Vizinho: Seu José, isto vai ser muito difícil de conseguir; melhor o senhor comprar outros porcos com esse “jeitão”.

Assinale a(s) proposição(ões) correta(s) sobre o assunto.

01. As preocupações do Sr. José não se justificam, pois, animais com fenótipos distintos apresentam, obrigatoriamente, genótipos distintos para as mesmas características.

02. O vizinho do Sr. José tem razão, pois não se pode obter mistura de características cruzando animais de raças diferentes na mesma espécie.

04. Atualmente não se pode criar e cruzar porcos de raças diferentes, pois é impossível controlar a seleção das características geneticamente desejadas.

08. Quando duas raças distintas entram em contato e seus membros passam a se cruzar livremente, as diferenças raciais tendem a desaparecer nos descendentes devido à mistura de genes.

16. As manchas na pele do porco Napoleão são uma característica determinada geneticamente; já o peso e o tamanho resultam somente da oferta de boa alimentação.

32. O melhoramento genético em animais que apresentam características de valor comercial é necessariamente prejudicial ao ser humano, já que não ocorre naturalmente.

64. Muitas características animais, como a fertilidade, a produção de carne e a resistência a doenças, são condicionadas por genes e dependem muito das condições nas quais os animais são criados.

Soma das alternativas corretas:

10. (UNIMEP-SP) Sabe-se que, de uma maneira geral, cada par de genes alelos determina uma única característica, porém há casos onde um mesmo par de genes, sob determinadas condições ambientais, determina dois ou mais caracteres. Este fenômeno é conhecido como:

a) Epistasia.

b) Genes aditivos.

c) Interação gênica.

d) Pleiotropia.

e) Genes quantitativos.

11. (F.C.Chagas-SP) Os genes a e b encontram-se num mesmo cromossoma, sendo a distância entre eles de 17 unidades. A frequência de gametas AB formados por um indivíduo AB/ab é de:

a) 8,5%. b) 17%. c) 34%. d) 41,5%. e) 83%.

12. (UFPA) Do cruzamento de um díhíbrido (AaBb) com um duplamente homozigoto (aabb), resultaram 160 descendentes. A proporção esperada de descendentes com o genótipo igual ao pai dihíbrido é:

a) 6,25%. b) 18,75%. c) 25%. d) 50%. e) 56,25%.

13. (FEI) Qual a sequência mais provável dos genes A, B, C, D, localizados no mesmo cromossomo, apresentando as seguintes frequências de recombinação:

– AB – 17%      CD – 30%      AC – 5%       AD – 35%      BD – 18%

a) A – B – C – D. b) A – C – B – D. c) A – B – D –C.

d) C – A – B – D. e) C – A – D – B.

14. (UFLA) Do cruzamento de duas linhas puras de feijão, ambas com flores de cor branca, foram obtidas plantas com 100% de flores de cor púrpura na geração F1. Entre os descendentes da geração F2, observou-se que 110 plantas apresentaram flores de cor branca e 135 plantas apresentaram flores de cor púrpura, numa proporção de 9 flores púrpuras para 7 flores brancas. Considerando-se essas informações, qual será o resultado esperado do cruzamento teste de plantas da geração F1?

a) 3 púrpuras : 1 branca. b) 1 púrpura : 1 branca.

c) 3 brancas : 1 púrpura. d) 9 púrpuras : 7 brancas. e) 13 púrpuras : 3 brancas.

15. (F.C.CHAGAS-BA)A polidactilia é condicionada por um gene dominante P. Se um indivíduo com polidactilia, filho de mãe normal, casa-se com uma mulher normal, qual a probabilidade que têm de que, em sucessivas gestações, venham a ter 6 filhos sem polidactilia?

a) 1/16. b) 1/32. c) 1/64. d) 1/28. e) 1/256.

16. (FUVEST) O gene autossômico que condiciona pelos curtos no coelho é dominante em relação ao gene que determina pelos longos. Do cruzamento entre coelhos heterozigotos, nasceram 480 coelhinhos, dos quais 360 tinham pelos curtos. Entre esses coelhinhos de pelos curtos, o número esperado de heterozigotos é:

a) 180. b) 240. c) 90. d) 120. e) 360.

17. Sabendo-se que, na drosófila, asa vestigial é um caráter recessivo devido a um par de genes autossômicos, qual o valor esperado entre 400 descendentes de pais heterozigotos?

18. (FUVEST) Dois genes alelos atuam na determinação da cor das sementes de uma planta: A, dominante, determina cor púrpura e a, recessivo, determina a cor amarela. A tabela a seguir apresenta resultados de vários cruzamentos feitos com diversas linhagens dessa planta:

Apresentam genótipo Aa as linhagens:

a) I e III.

b) II e III.

c) II e IV.

d) I e IV.

e) III e IV.

19. (FUVEST) Num caso de investigação de paternidade, foram realizados exames para identificação de grupos sanguíneos e análise de DNA. A tabela a seguir resume os resultados parciais da análise de grupos sanguíneos (do menino, de sua mãe e do suposto pai) e de duas sequências de DNA (do menino e do suposto pai), correspondentes a um segmento localizado num autossomo e outro no cromossomo X.

Considerando apenas essa tabela, podemos afirmar que:

a) Os resultados dos grupos sanguíneos excluem a possibilidade do homem ser o pai da criança; os outros exames foram desnecessários.

b) Os resultados dos grupos sanguíneos não excluem a possibilidade do homem ser o pai da criança, mas a sequência de DNA do cromossomo X exclui.

c) Os resultados dos grupos sanguíneos e de DNA não excluem a possibilidade do homem ser pai da criança.

d) Os três resultados foram necessários para confirmar que o homem é mesmo o pai da criança.

e) Os resultados de DNA contradizem os resultados dos grupos sanguíneos.

20. (UNICENTRO) Na genealogia abaixo está sendo analisado um caráter autossômico recessivo. Qual a probabilidade de que o casal 5 x 6 venha a ter um descendente homozigoto recessivo?

a) 1/4.

b) 1/2.

c) 1/8.

d) 1/16.

e) 1/32.

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