resoluÇÃo por profa. maria antÔnia c. gouveia … · tiradas nas duas primeiras provas ... assim...
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RESOLUÇÃO POR PROFA. MARIA ANTÔNIA C. GOUVEIA
PROVA DE MATEMÁTICA FGVSP -
ESCOLA DE ECONOMIA DE SÃO PAULO 2016
Questão 01 De acordo com matéria da revista The Economist divulgada em 2014, o Brasil tem o quinto
Big Mac mais caro do mundo, ao preço de US$ 5,86. A mesma matéria aponta o preço do Big Mac nos
EUA (US$ 4,80) como o décimo quarto mais caro do mundo. Se usássemos o preço do Big Mac nos EUA
(em US$) como referência de preço, então o preço do Big Mac no Brasil (em US$) supera o dos EUA em,
aproximadamente,
(A) 22%. (B) 18%. (C) 16%. (D) 12%. (E) 6%.
RESOLUÇÃO:
Para determinar o valor do percentual pedido, encontra-se o valor da seguinte razão
...0,220833..80,4
06,1
80,4
80,486,5
RESPOSTA: Alternativa A.
Questão 02 Na reta numérica indicada a seguir, todos os pontos marcados estão igualmente espaçados.
Sendo assim, a soma do numerador com o denominador da fração irredutível que representa x é igual a
(A) 39. (B) 40. (C) 41. (D) 42. (E) 43.
RESOLUÇÃO:
O intervalo de 7
3 a
7
4, representado na reta, está dividido em quatro partes iguais a m.
Então, . 28
1
4
1
7
1 4 :
7
1 4 :
7
3
7
4
mmmm
41281328
13
28
112
28
1
7
3
7
3
somaxxmx .
RESPOSTA: Alternativa C.
Questão 03 Um professor de matemática aplica três provas em seu curso (P1, P2, P3), cada uma valendo
de 0 a 10 pontos. A nota final do aluno é a média aritmética ponderada das três provas, sendo que o peso
da prova Pn é igual a n2. Para ser aprovado na matéria, o aluno tem que ter nota final maior ou igual a 5,4.
De acordo com esse critério, um aluno será aprovado nessa disciplina, independentemente das notas
tiradas nas duas primeiras provas, se tirar na P3, no mínimo, nota
(A) 7,6. (B) 7,9. (C) 8,2. (D) 8,4. (E) 8,6.
RESOLUÇÃO:
A média final é determinada segundo a relação:
4,514
94
321
321 321222
32
22
12
PPPM
PPPM finalfinal
Como um aluno pode ser aprovado nessa disciplina, independentemente das notas tiradas nas duas
primeiras provas, apenas com a nota da P3, imagine-se que tenha tirado zero nas duas primeiras
4,875,694,514
90033
3
PPP
. RESPOSTA: Alternativa D.
2
Questão 04 O triângulo ABC possui medidas conforme indica a figura a seguir.
A área desse triângulo, em cm2, é igual a
(A) 8. (B) 26 . (C) 64 . (D) 10. (E) 66 .
RESOLUÇÃO:
No triângulo ABC aplicando a lei dos cossenos em relação
ao ângulo α:
5
3cos24cos40
cos404165cos4524565 222
Sendo 0° < α <180°, sen α é um número positivo.
5
4αsen
25
16αsen
25
91αsen1αsen
5
31αsenαcos 222
222
Cálculo da área do triângulo ABC em função do sen α:
8S5
454
2
1Ssenαcb
2
1S cm
2. RESPOSTA: Alternativa A.
Questão 05 Três números formam uma progressão geométrica. A média aritmética dos dois primeiros é
6, e a do segundo com o terceiro é 18. Sendo assim, a soma dos termos dessa progressão é igual a
(A) 18. (B) 36. (C) 39. (D) 42. (E) 48.
RESOLUÇÃO:
Sejam 2aqaq a e , esses números.
34
12
123
3
12
36
)1(
)1(
: 36)1(
12)1(
36
12
182
62
1222 a
aa
q
qa
qaq
EEqaq
qa
aqaq
aqa
aqaq
aqa
Os três números em P.G. são: 3, 9 e 27 cuja soma é 39. RESPOSTA: Alternativa C.
Questão 06 O resto da divisão do número 62015
por 10 é igual a
(A) 4. (B) 5. (C) 6. (D) 8. (E) 9.
RESOLUÇÃO:
Conjunto das potências de 6 com expoentes maiores que zero:
....279936,... 6656,216,.....4 36, 6,.,......6 ,,.....66 ,6 ,6 76321
Pela observação pode-se concluir que o algarismo das unidades de qualquer potência de 6 é 6.
Assim o resto da divisão do número 62015
por 10 é igual a 6. RESPOSTA: Alternativa C.
3
Questão 07 André e Bianca estão juntos no centro de um campo plano de futebol quando iniciam uma
caminhada em linha reta de 10 metros (cada um) na mesma direção, mas em sentidos contrários. Depois
dessa caminhada, André lança uma moeda honesta e, se der cara, gira 90° para a direita e caminha mais
10 metros em linha reta, na direção e no sentido para os quais está voltado; se der coroa, gira 90° para a
esquerda e caminha mais 10 metros em linha reta, na direção e no sentido para os quais está voltado.
Bianca faz o mesmo que André. Depois dessa segunda caminhada de ambos, André e Bianca repetem o
mesmo procedimento em uma terceira caminhada de 10 metros. Ao final dessa terceira caminhada de
ambos, a probabilidade de que André e Bianca se encontrem é igual a
(A) 12,5%. (B) 25%. (C) 37,5%. (D) 50%. (E) 62,5%.
RESOLUÇÃO:
Para que André e Bianca se encontrem num mesmo ponto após a terceira caminhada é necessário que
suas caminhadas ocorram como está descrito na figura I ou como na figura II.
Logo a probabilidade pedida é: %5,12125,08
1
16
1
16
1
2
1
2
1
2
1
2
1
2
1
2
1
2
1
2
1p .
RESPOSTA: Alternativa A
Questão 08 As cordas ABe CD de uma circunferência de centro O são, respectivamente, lados de
polígonos regulares de 6 e 10 lados inscritos nessa circunferência. Na mesma circunferência, as cordas
AD e BC se intersectam no ponto P, conforme indica a figura a seguir.
A medida do ângulo DPB , indicado na figura por α, é igual a
(A) 120°. (B) 124°. (C) 128°. (D) 130°. (E) 132°.
4
RESOLUÇÃO:
Sendo a corda ABo lado de um hexágono regular, a medida do menor
arco que ela determina na circunferência é
606
360.
Sendo a corda CD o lado de um decágono regular, a medida do menor
arco que ela determina na circunferência é
3610
360.
A medida de um ângulo excêntrico interno é a semissoma dos arcos que
seus lados determinam na circunferência.
482
3660 .
13248180180180
RESPOSTA: Alternativa E.
Questão 09 No plano cartesiano, a equação da reta tangente ao gráfico de x2 + y
2 = 25 pelo ponto (3,4)
é
(A) 4x + 3y – 25 = 0. (C) 4x + 5y – 9 = 0. (E) 3x + 4y – 5 = 0.
(B) 4x + 3y – 5 = 0. (D) 3x + 4y – 25 = 0.
RESOLUÇÃO:
O ponto A(3,4) pertence à circunferência x2 + y
2 = 25 e tem centro no
ponto O(0, 0).
Sendo a reta r tangente à circunferência no ponto A(3,4) é perpendicular
ao raio OA .
O coeficiente angular da reta s é igual a 3
4
03
04
OA
OA
xx
yy.
Então, sendo r s o coeficiente da reta r é 4
3 .
Considere-se bxy 4
3como equação da reta r.
Logo 4
25
4
943
4
34 bbb
Assim: 0254325344
25
4
3 yxxyxy . RESPOSTA: Alternativa D.
Questão 10 O domínio da função real definida por 726)( xxf é {x ∈ IR / m ≤ x ≤ n}. Em
tal condição, a média aritmética simples entre o menor valor possível para m e o maior valor possível para
n é igual a
(A) 5,8. (B) 5,5. (C) 5,0. (D) – 4,6. (E) – 4,8.
5
RESOLUÇÃO:
O domínio da função 726)( xxf é constituído pelos valores de x que satisfazem ao
sistema
072
0726
x
x
2
29
2
7
2
7
2
29
2
7
292
2
7
3672
72
672
072
0726
x
x
x
x
x
x
x
x
x
x
x
O domínio da função é
2
29
2
7; xRxS
Sendo 2
7m (Maior valor de m) e
2
29n (Menor valor de n) , a média aritmética entre esses dois
valores é .5,54
22
2
2
29
2
7
RESPOSTA: Alternativa B.
Questão 11
Na figura seguinte, as retas r e s são paralelas entre si, e
perpendiculares à reta t. Sabe-se, ainda, que AB = 6 cm, CD = 3 cm,
AC é perpendicular a CD , e a medida do ângulo entre CD e a reta
s é 30°.
Nas condições descritas, a medida de DE , em cm, é igual a
(A) 3312 (C) 346 (E) 323
(B) 3212 (D) 326
RESOLUÇÃO:
As retas r e s são paralelas e CD um segmento a elas
transversal.
Os ângulos FCD e CDB são alternos internos formados por
essas paralelas e a transversal, logo são congruentes, têm a
mesma medida 30°.
Como AC é perpendicular a CD , o ângulo BCD é reto.
No triângulo BCD tem-se
323
6
2
3
x
360
x
3 xxsen .
No triângulo retângulo AEB, tem-se
32
6
2
1
6
y30
6
y yxsen .
DE = x + y DE = 332
RESPOSTA: Alternativa E.
6
Questão 12
Sabendo-se que o resto da divisão do polinômio P(x) = x3 – x
2 + 2
k + 2 por x – 3 é igual a
4k – 220, o valor de k é
(A) – 4. (B) –2. (C) 2. (D) 3. (E) 4.
RESOLUÇÃO:
x3 – x
2 + 2k + 2 x – 3
– x3 + 3x
2 x
2 + 2x + 6
2x2 + 0x + 2k + 2
–2x2 + 6x
+ 6x + 2k + 2
– 6x + 18
2k + 20
Ou por Briot-Ruffini.
3 6 18
3 1 – 1 + 0 (2k + 2)
1 + 2 + 6 +(2k + 20
Resto 2k+20 = 4
k – 220 2
2k – 2
k = 240
Fazendo 2k = y y
2 – y – 240 = 0
2
311
2
96011
yy , sendo 2
k = y, y > 0 tem-se:
422162
311 4
ky k .
RESPOSTA: Alternativa E.
Questão 13
O produto
2015
11. ......... .
4
11.
3
11.
2
11 é igual a
(A) 2014–1
(C) (2014.2015)–1
(E) 1008.2015–1
(B) 2015–1
(D) 2014.2015–1
RESOLUÇÃO:
2015
11. ......... .
4
11.
3
11.
2
11
Efetuando as operações entre parênteses chegamos a :
2015
2014.
2014
2013.
2013
2012 ..........
5
4 .
4
3.
3
2.
2
1
Efetuando a simplificação por cancelamento tem-se 120152015
1
RESPOSTA: Alternativa B.
Questão 14 A equação algébrica ax3 + bx
2 + cx + d = 0 possui coeficientes reais a, b, c, d, todos não
nulos. Sendo x1, x2 e x3 as raízes essa equação, então
1
321
111
xxxé igual a
(A) c
d (B)
d
c (C)
a
d (D)
b
a (E)
a
b
7
RESOLUÇÃO:
c
d
a
ca
d
xxxxxx
xxx
xxx
xxxxxx
xxx
213132
321
1
321
213132
1
321 ...
..
..
...111
Aplicando as relações entre raízes e coeficientes:
a
dxxx
321 .. e
a
cxxxxxx 213132 ... , então
c
d
a
ca
d
xxxxxx
xxx
213132
321
...
...
RESPOSTA: Alternativa C.
Questão 15 Certa empresa teve seu faturamento anual aumentado de R$ 80.000,00 para
R$ 400.000,00 em três anos. Se o faturamento cresceu a uma mesma taxa anual nesse período, essa taxa
foi igual a
(A) %5log.100 3 (C) %1005.100 3 (E) %3
100
(B) %4.100 3 (D) %3
200
RESOLUÇÃO:
Considere-se i como a taxa anual de crescimento.
80000 . (1 + i).(1 + i) . (1 + i) = 400000 (1 + i)3 = 5 (1 + i) = 3 5 i = 3 5 1
i = (100 3 5 100)%
RESPOSTA: Alternativa C.
Questão 16 Observe o gráfico da função f no plano cartesiano.
Dentre as expressões apresentadas nas alternativas a seguir, a
única que pode corresponder à lei da função f é
(A) f(x) = (x – 1)2 · (x – 2)
2
(B) f(x) = (x – 1)2 · (x – 2)
2 · (x + 1) · (x + 2)
(C) f(x) = (x2 – 1) · (x
2 – 4)
(D) f(x) = (x2 – 1) · (x
2 – 4) · (x – 1)
(E) f(x) = (x2 – 1) · (x
2 – 4) · (x + 1)
RESOLUÇÃO:
Analisando o gráfico da função conclui-se que ela é do 5o grau.
A função tem 5 raízes: 2, 1, 2, 1 e 1. Duas raízes iguais a 1
porque o gráfico tangencia o eixo das abscissas no ponto (1, 0).
Sua equação pode ser escrita:
f(x) = (x +2) (x +1) (x – 2) (x – 1) (x – 1)
f(x) = (x2 – 1) · (x
2 – 4) · (x – 1).
RESPOSTA: Alternativa D.
8
Questão 17 Sendo p e q números reais, com p>q e p+q>0, definiremos a operação # entre p e q da
seguinte forma: p # q=p2–q
2+log(p+q), com log(p+q) sendo o logaritmo na base 10 de (p+q). Utilizando-
se essa definição, o valor de 10 # (–5) é igual a
(A) 176 – log 2 (C) 76 – log 2 (E) 74 – log 2
(B) 174 – log 2 (D) 74 + log 2
RESOLUÇÃO:
.2log762log10log752
10log 75 5log25100 )510log( )5(10 )5( # 10 22
RESPOSTA: Alternativa C.
Questão 18 Os marcos A, B, C e D de uma cidade estão conectados por pistas de rodagem, conforme
mostra a malha viária indicada no diagrama da figura 1. A figura 2 indica uma matriz que representa as
quantidades de caminhos possíveis de deslocamento entre os marcos (dois a dois). Considera-se um
caminho entre dois marcos qualquer percurso que não viole o sentido da pista, que não passe novamente
pelo marco de onde partiu e que termine quando se atinge o marco de destino final pela primeira vez. As
flechas da figura 1 indicam o sentido das pistas de rodagem.
Durante período de obras na malha viária descrita, a pista de rodagem entre os marcos A e D passou a ser
de mão simples (sentido de A para D), e a pista do marco C para o marco D, ainda que tenha permanecido
com mão simples, teve seu sentido invertido, passando a ser de D para C. Comparando os 16 elementos
da matriz da figura 2 com seus correspondentes na matriz da nova configuração de malha viária, a
quantidade de elementos que mudarão de valor é igual a
(A) 5. (B) 6. (C) 7. (D) 8. (E) 9.
RESOLUÇÃO:
Como durante o período de obras a pista de rodagem entre os
marcos A e D passou a ser de mão simples (sentido de A para D),
e a pista do marco C para o marco D, permaneceu com mão
simples, porém com seu sentido invertido, passando a ser de D
para C, o gráfico ao lado representa o novo planejamento
9
1a linha) AA (0); AB; ADCB; ACB (3)
ABDC; ADC; AC (3)
AD; ABD; ACBD (3)
2a linha) BA (1); BB (0); BDC (1); B D (1)
3a linha) CA (1); CB; CAB (2) ; CC (0)
CBD; CAD; CABD (3)
4a linha) DCA(1); DCB; DCAB (2)
DC (1); DD (0);
0121
3021
1101
3330
D
C
B
A
D C BA
2 FIGURA
0121
4033
1101
4120
D
C
B
A
D C BA
0121
0
1101
0
D
C
B
A
D C BA
321
333
Comparando as duas matrizes conclui-se que mudarão de
valor os 6 elementos (A, B), (A, C),
(A, D), (C, A), (C, B) e (C, D).
RESPOSTA: Alternativa B.
Questão 19 Maria repartiu, entre seus cinco sobrinhos, o seguinte valor monetário: uma moeda de 25
centavos, uma moeda de 50 centavos, uma moeda de 1 real, uma nota de 2 reais e uma nota de 5 reais.
Depois de feita a repartição, todos receberam algum valor monetário. A respeito da repartição, Maria e
seus sobrinhos fizeram os seguintes comentários:
Aldo: “Recebi a moeda de 1 real”.
Bruno: “Não recebi a nota de 2 reais”.
Cláudio: “Bruno recebeu mais dinheiro do que eu”.
Daniel: “Aldo recebeu a moeda de 50 centavos”.
Eric: “Cláudio não recebeu a nota de 2 reais”.
Maria: “Daniel recebeu menos dinheiro do que Aldo”.
Se apenas uma das seis pessoas disse a verdade em seu comentário, é correto concluir que Aldo recebeu
(C) 1 real. (E) 5 reais.
(A) 25 centavos. (D) 2 reais.
(B) 50 centavos.
RESOLUÇÃO:
Pela análise das afirmativas, chega-se à conclusão de que Bruno e Eric não podem estar
mentindo ao mesmo tempo. Um deles está falando a verdade.
1. Bruno está falando a verdade:
I. Aldo não recebeu a moeda de 1 real;
II. Aldo não recebeu a moeda de 50 centavos;
III. Cláudio recebeu a nota de 2 reais;
IV. Daniel recebeu mais dinheiro que Aldo.
V. Pelas três primeiras conclusões conclui-se que Aldo recebeu a moeda de 25 centavos
ou a nota de 5 reais.
10
VI. Pela 4a conclusão como Daniel recebeu mais dinheiro que Aldo, este somente poderá
ter recebido 25 centavos.
2. Eric está falando a verdade: I. Aldo não recebeu a moeda de 1 real;
II. Bruno recebeu a nota de 2 reais; III. Bruno recebeu menos dinheiro do que Cláudio; IV. Cláudio recebeu a nota de 5 reais; V. Aldo não recebeu a moeda de 50 centavos.
VI. Logo Aldo não recebeu as moedas de 50 centavos e de 1 real e nem as notas de 2 e 5 reais;
Conclusão: Aldo recebeu a moeda de 25 centavos. RESPOSTA: Alternativa A
Questão 20 Para 1 < x < y < x+y, seja S = {1, x, y, x + y}. A diferença entre a média e a mediana dos
elementos de S, nessa ordem, é igual a
(A) 2
1 (C)
2
41 y (E)
4
21 yx
(B) 4
1 (D)
4
yx
RESOLUÇÃO:
A média dos elementos de S é 4
122
4
)(1
yxyxyx.
A mediana desses valores é 2
yx .
A diferença entre a média e a mediana dos elementos de S, nessa ordem, é igual a
4
1
4
2122
24
122
yxyxyxyx. RESPOSTA: Alternativa B.
Questão 21 Observe o plano Argand-
Gauss a seguir:
Elevando-se a 2015 o número complexo indicado nesse
plano Argand-Gauss, o afixo do número obtido será um
ponto desse plano com coordenadas idênticas e iguais a
(A) 22015
(B) 21007
(C) 1 (D) 2–2015
(E) –21007
RESOLUÇÃO:
O número complexo representado acima no plano Argand-Gauss é z = 1 – i
iiziiziiziz 1211111100720151007220152014201520152015
iiziiziiz 12121210072015310072015100710072015
iziziziz 100710072015100720151007201510072015 221211212
As coordenadas são iguais a 10072 .
11
RESPOSTA: Alternativa B.
Questão 22
No intervalo de 0 a π, a função que permite calcular a área A da região limitada pelo eixo x, pelas retas de
equações x = p e x = q e pelo gráfico da função definida por y = sen x é dada por A = cos p – cos q.
Com base na informação fornecida, observe a figura a seguir.
A área da região sombreada nessa figura é, aproximadamente, igual a
(A) 2,64. (B) 2,14. (C) 1,86. (D) 1,14. (E) 0,86.
RESOLUÇÃO:
A área da região em verde é:
A = cos 0 – cos = 1 – (– 1) =2.
A área sombreada em cinza é a diferença entre a área
do retângulo, de base
pintada de verde:
S = 1. - A = 3,14 – 2 = 1,14.
RESPOSTA: Alternativa D.
Questão 23 Em uma rifa, são vendidos 100 bilhetes com números diferentes, sendo que 5 deles estão
premiados. Se uma pessoa adquire 2 bilhetes, a probabilidade de que ganhe ao menos um dos prêmios é
de
(A) 330
31 (B)
495
47 (C)
198
19 (D)
165
16 (E)
990
97
RESOLUÇÃO:
A probabilidade da pessoa não ganhar é que seus bilhetes estejam entre os 95 que não foram premiados:
990
893
9900
8930
99
94
100
95 .
A pessoa adquiriu 2 bilhetes dos 100 bilhetes vendidos, a probabilidade de que ganhe ao menos um dos
prêmios é de 990
97
990
893990
990
8931
. RESPOSTA: Alternativa E.
12
Questão 24 No plano cartesiano, a área do polígono determinado pelo sistema de inequações
423
124
30
xyx
x
é igual a
(A) 12. (B) 12,5. (C) 14. (D) 14,5. (E) 15.
RESOLUÇÃO:
30 x e
423
124xy
x
42
43
4
30
42
3
124
30
xy
xy
x
xy
xy
x
Esta inequação determina no plano cartesiano o triângulo
ABC cuja base mede AC = 10 e altura
BH = 3.
A área deste triângulo é: 152
310
RESPOSTA: Alternativa E.
Questão 25 A figura indica um semicírculo de centro C e diâmetro DE = 24 cm, e um triângulo
retângulo ABC. A área sombreada no semicírculo é igual a 69π cm2.
Nas condições descritas, a medida do ângulo , denotado por α, é igual a
(A) 75°. (B) 75,5°. (C) 82°. (D) 82,5°. (E) 85°.
RESOLUÇÃO:
Área do semicírculo: 22
2
722
)(12 cmcmS
.
Razão entre a área do sector circular ACB e a do semicírculo:
24
1
72
3
72
69722
22
cm
cmcmR
Medida em graus do setor circular: 5,718024
1 .
No triângulo retângulo ABC: 5,825,7909090
RESPOSTA: Alternativa D.
13
Questão 26 A área de um segmento parabólico, sombreado na figura a seguir, pode ser calculada por
meio da fórmula 3
2.PV.AB, sendo V o vértice da parábola.
Sendo b um número real positivo, a parábola de equação y = –0,5x2 + bx determina, com o eixo x do
plano cartesiano, um segmento parabólico de área igual a 18. Sendo assim, b é igual a
(A) 2. (B) 3. (C) 4. (D) 5. (E) 6.
RESOLUÇÃO:
Fatorando o segundo membro da equação y = –0,5x2 + bx y = –x(0,5x – b).
Determinando as raízes desta equação: –x(0,5x – b) = 0 –x = 0 ou 0,5x – b = 0
x' = 0 ou x’’ = bb
25,0 .
Agora as coordenadas do vértice da parábola determinada pela equação y = –0,5x2 + bx:
.
15,022bx
bx
bx
a
bx VVVV
.225,044
222 by
by
by
ay VVVV
PV = ,2
2b AB = 2b.
Se a área do segmento parabólico é igual a 18 e ela é calculada pela relação
3
2.PV.AB:
327183
218
3
.2b2
b2.
183
2.PV.AB 33
2
bbb
RESPOSTA: Alternativa B.
14
Questão 27 Sendo k um número real, o sistema linear
k4y6x
216y9xpossui infinitas soluções (x,y) para
k igual a
(A) –10,5. (B) 0. (C) 7. (D) 10,5. (E) 14.
RESOLUÇÃO:
Para o sistema linear
k4y6x
216y9x possuir infinitas soluções é preciso que , x e y sejam iguais a
zero.
0363646
69
84606846840
4
621kkk
kxx
126901269126906
219kkk
kyy
RESPOSTA: Alternativa E.
Questão 28 O número de pares ordenados (x,y), com x e y inteiros, que satisfazem a desigualdade
x2 + y
2 – 8x + 11 ≤ 0 é igual a
(A) 24. (B) 21. (C) 19. (D) 18. (E) 13.
RESOLUÇÃO:
x2– 8x + 16 + y
2 – 16 + 11 = 0 (x – 4)
2 + (y – 0)
2 – 5 = 0 (x – 4)
2 + (y – 0)
2 = 5
A circunferência de equação x2 + y
2 – 8x + 11= 0 tem centro no ponto (4, 0) e raio 5 .
Traçando essa circunferência e destacando na figura
todos os pontos determinados pelos pares (x, y) em que
os valores de x e y são inteiros conclui-se que a
quantidade desses pares é 21:
(2,0), (2,1), (2,1), (3,0), (3,1), (3,2), (3, 1), (3, 2)
(4,0), (4,1), (4,2), (4, 1), (4, 2), (5,0), (5,1), (5,2), (5,
1), (5, 2) (6,0), (6,1) e (6,1).
RESPOSTA: Alternativa B.
15
Questão 29 Em uma folha de papel, desenha-se um hexágono regular ABCDEF de lado 3 cm e inscrito
em uma circunferência de centro O. O hexágono é recortado, e, em seguida, faz-se um recorte no raio
OB . A partir do recorte no raio, o pedaço de papel será usado para formar uma pirâmide de base
quadrangular e centro O. Tal pirâmide será feita com a sobreposição e a colagem dos triângulos OAB e
OCD, e dos triângulos OAF e OBC.
O volume da pirâmide formada após as sobreposições e colagens, em cm3, é igual a
(A) 23 (B) 33 (C) 24 (D) 2
29 (E)
2
39
RESOLUÇÃO:
A figura 1 representa a sobreposição e a colagem dos triângulos OAB e OCD, e dos triângulos OAF e
OBC.
A figura 2 representa a planificação das faces laterais da pirâmide quadrangular a ser formada.
A figura 3, a pirâmide de altura OO’ = h, faces laterais são triângulos equiláteros de lados medindo 3 cm
e base quadrada de lado 3cm.
O segmento EC é a diagonal da base e sua medida é 2333EC 22 .
No triângulo retângulo AO’O, O’C= 2
23cm, AO = 3cm e OO’ = h:
2
23
2
3
2
9
2
918
2
99
2
233 222
2
22
hhhhhh .
O volume da pirâmide é: 2
29
2
233
3
1 2
V cm³. RESPOSTA: Alternativa D.
16
Questão 30 Alfredo e Breno partem, ao mesmo tempo, dos pontos A e B, respectivamente, ambos
caminhando sobre a reta AB , mas em sentidos contrários. No momento em que eles se encontram,
Alfredo havia percorrido 18 km a mais do que Breno. Logo depois do encontro, eles continuam suas
caminhadas sendo que Alfredo leva 4 horas para chegar em B, percorrendo x quilômetros, e Breno leva 9
horas para chegar em A. Admitindo-se que Alfredo e Breno fizeram suas caminhadas com velocidades
constantes durante todo o tempo, x será a raiz positiva da equação
(A) 5x2 – 36x – 684 = 0. (D) 5x
2 – 144x – 1 296 = 0.
(B) 5x2 – 72x – 1 296 = 0. (E) 5x
2 – 144x – 1 368 = 0.
(C) 5x2 – 72x – 1 368 = 0.
RESOLUÇÃO:
t
xxVAlfredo
18
4
.
9
18
x
t
xVBreno .
Montando e desenvolvendo o sistema de equações:
129614449
724
18
9
18
9
724
918t
724
9
18
18
4
22 xxx
x
x
x
x
x
xt
x
xt
xx
xxt
x
t
x
t
xx
.
RESPOSTA: Alternativa D.