2006 vibrações parte 2
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Vibraes
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3.4 Leitura Recomendada
Thomson, W.T., 1978, Teoria da Vibrao com Aplicaes, Intercincia, Cap.2, pg. 15 a 22
e 33 a 35, Rio de Janeiro.
Rao, S.S., 1995, Mechanical Vibrations, Addison-Wesley, 3rd Ed., Cap.2, pg. 97 a 128, New
York.
3.5 Exerccios Propostos
Determinar a equao dinmica e a freqncia natural no-amortecida dos problemas:
a) Considerar: k1=100 N/m;
k2=150 N/m; k3=200 N/m;
m=2 kg; l1=0,15 m; l2=0,25 m
e l3=0,4 m.
b) Considerar: k1=100 N/m; m=2 kg; J0=0,32 kg m2 e r =0,1 m.
4rr
J0
m
k1
x(t)
k1 k2
k3l1
l2
O
x
m
l3
P
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4. VIBRAO COM EXCITAO HARMNICA
4.1 Equao Diferencial Geral
Uma fora varivel atua no modelo massa-mola-amortecedor da figura abaixo:
m
k
Nmg
- k x
x
+-
c- c x
.
FF
Para uma fora harmnica, ( ) ( )tFtF cos0= , atuante na massa do sistema acima, define-se como a freqncia de excitao. Aplicando a segunda lei de Newton, tem-se:
( ) ( )tFkxxcxmoukxxctFxm coscos 00 =++= !!!!!! As solues que resolvem a equao acima esto relacionadas na figura abaixo:
Como a equao diferencial no-homognea, sua soluo geral ( )x t dado pela soma de: - soluo homognea, ( )txh (transiente ou vibrao livre), e - soluo particular, ( )tx p (estado estacionrio devido fora F(t) ).
xh(t)
xp(t)
x(t)=xh(t)+xp(t)
Transiente
Estadoestacionrio
Total
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4.2 Excitao Harmnica de Sistemas sem Amortecimento
Se a mesma fora harmnica atua sobre a massa do sistema sem amortecimento, a equao
dinmica do movimento :
( )tFkxxm cos0=+!! A soluo particular para o deslocamento harmnica e tem a mesma freqncia da fora.
( ) ( )tXtx p cos0= Na soluo particular acima, X0 representa a mxima amplitude. Derivando a expresso e
substituindo na equao dinmica do movimento, obtm-se :
( ){ } ( ){ } ( )tFtXktXm coscoscos 0002 =+
2
2
0
2
0
020
0
1
,,
n
k
F
k
m
k
kk
F
Xaindaoumk
FX
=
=
=
Fazendo kFX est 0= , como a deflexo esttica devido a F0 , e nr = como a razo de
freqncia, tem-se:
20 1 r
XX est
=
A soluo homognea para vibrao livre, demonstrada no captulo I, :
( ) )sen()cos( 21 tAtAtx nnh += A soluo geral, torna-se ento:
( ) ( ) ( ) ( )tr
XtAtAtxtxtx estnnph cos1)sen()cos(
221
++=+=
Usando as condies de contorno para 0=t , ou seja, ( ) 00 xx = e ( ) 00 vx =! , obtm-se:
n
est vAer
XxA
0
2201 1=
=
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Assim, ( ) ( ) ( ) ( )tr
Xt
r
Xxt
vtx estn
estn
n
cos1
cos1
sen220
0
+
+
=
No exemplo da figura abaixo emprega-se a soluo acima em um sistema sem
amortecimento com os seguintes parmetros: n=1 rad/s, =2 rad/s, Xest=0,02 m, e condies
iniciais x0=0,01 m e v0=0,01 m/s.
4.2.1 Batimento
O batimento um importante fenmeno que ocorre quando a freqncia de trabalho tem
valor prximo ao valor da freqncia natural, porm no igual. Na figura abaixo, apresenta-se
o resultado grfico para dados como n=1 rad/s e =0,9 rad/s.
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No grfico anterior, foram usadas as condies iniciais x0 = 0 e v0 = 0, ou seja:
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )[ ]ttr
Xtxt
r
Xt
r
Xtx n
estestn
est coscos1
cos1
cos1
00222
=
+
+=
4.2.2 Ressonncia
Se a freqncia de trabalho tem valor igual ao da freqncia natural, ocorre o fenmeno de
ressonncia, onde a amplitude do movimento cresce indefinidamente. Para a anlise da
ressonncia pode-se utilizar a expresso anterior com as condies iniciais x0 = 0 e v0 = 0. Se
n , ento 1r e a expresso tem resultado indefinido. Aplica-se, ento, a regra de
L'Hospital para avaliar o limite da equao.
( ) ( ) ( ) ( )[ ]
( ) ( )ttXttX
d
d
ttd
d
Xtt
X
nnest
n
estn
n
n
estn
n
nest
n
sen22
senlim
1
coscoslim
1
coscoslim
2
2
22
=
=
=
Conclui-se que a resposta do sistema em ressonncia se torna: ( ) ( )ttXtx nnest sen2= No grfico da figura abaixo, observa-se que a amplitude cresce proporcionalmente ao tempo.
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4.3 Excitao Harmnica de Sistemas Amortecidos
Como apresentado na seo 4.1, a equao dinmica do sistema :
( )tFxkxcxm cos0=++ !!! A soluo particular para o deslocamento harmnica e tem a mesma freqncia da fora.
( ) ( ) = tXtx p cos0 X0 e representam, respectivamente, a amplitude e o ngulo de fase da soluo particular.
Substituindo esta soluo na equao dinmica, obtm-se:
( ) ( ) ( ){ } ( )tFtctmkX cossencos 020 = Faz-se necessrio escrever as seguintes relaes trigonomtricas:
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) sensencoscoscos ttt +=
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) sencoscossensen ttt = Aps a substituio, pode-se decompor a expresso em funo de sen( t) e cos( t):
( ) ( ) ( ){ } ( ) ( )tFtcmkX coscossencos 020 =+ ( ) ( ) ( ){ } ( ) 0sencossen20 = tcmkX
Aps algumas manipulaes algbricas, as constantes X0 e so determinadas como:
( ) ( )
=
+=
222
00
mk
carctge
cmk
FX
A anlise destas expresses facilitada quando divide-se numerador e denominador por k.
Pode-se escrever algumas relaes em funo do fator de amortecimento:
n
estn
n reXk
F
k
m
k
c
====
0,22
Por fim, determina-se que:
( ) ( )
=
+=
2222
01
2
21 r
rarctge
rr
XX est
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A soluo particular escrita na forma:
( ) ( ) ( )
+=
2222 1
2cos
21 r
rarctgt
rr
Xtx estp
Nas figuras abaixo, observa-se os grficos de ( )tF e ( )tx p . direita, pode-se verificar umgrfico polar que demonstra o ngulo de fase entre os vetores ( )tF e ( )tx p .
t
F(t)
xp(t)
2
F(t) xp(t)
X0
t
F0
Neste caso, a soluo geral obtida novamente como a soma da soluo homognea e da
soluo particular, ou seja:
( ) ( )[ ] ( )phaht tXtAetx n += coscos 0 Na equao acima, o primeiro termo representa uma soluo transiente.
Diferente do captulo 1, na equao acima, hA e h no so determinados somente emfuno das condies iniciais, mas tambm como funo da fora de excitao.
Desenvolvimento semelhante est apontado na seo 4.2.
Observando o grfico da seo 4.1, pode-se notar que quando o tempo t aumenta, a soluo
transiente diminui sua contribuio na amplitude e somente o segundo termo da equao acima
se torna relevante. Portanto, o segundo termo da equao chamado de resposta do estado
estacionrio.
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4.3.1 Ganhos e Fases como funo do Amortecimento
Os prximos grficos indicam exemplos de ganho e fase em funo da razo de freqncia r.
0 0.5 1 1.5 2 2.5 30
20
40
60
80
100
120
140
160
180=0.1
r
=0.25=0.5
=1.0
=0.1
0 0.5 1 1.5 2 2.5 30
0.5
1
1.5
2
2.5
3=0.1
=0.25=0.5=1
X
X est
0
r
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Dos grficos da pgina anterior, pode-se concluir:
Quando 210
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12 mm
2500 mmF(t)
A placa pode ser modelada como uma viga bi-engastada de seo 12 x 500 mm. O mdulo de
elasticidade do ao 2,05 x 105 N/mm2. A rigidez da viga flexo dada por:
( )
m
N
l
EIk 5
3
35
310814,1
2500
12/125001005,2192192=
==
A freqncia natural calculada por:
s
rad
m
kn 9,5070
10814,1 5=
==
Assim,
( ) ( ) mrk
F
Xern
4
22
5
22
0
0 1027,5
23,11
10814,1
50
1
23,19,50
832,62=
=
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56, Rio de Janeiro.
Rao, S.S., 1995, Mechanical Vibrations, Addison-Wesley, 3rd Ed., Cap.3, pg. 191 a 197,
New York.
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4.5 Exerccios Propostos
a) Utilize a soluo geral vista no item 4.2 e trace o grfico do sistema sem amortecimento
com k=1800 N/m, m=2 kg e que forado a vibrar por uma fora harmnica F(t)=10 cos(28 t).
As condies iniciais x0 e v0 podem ser consideradas nulas, porm desenvolva o traado do
grfico com pelo menos 20 perodos completos. Neste caso, qual o intervalo mnimo de tempo
(resoluo) que deve ser considerado para traar o grfico?
b) Com os mesmos dados do problema anterior, trace o grfico quando F(t)=10 cos(res t),
ou seja, quando a freqncia de trabalho for igual a natural no amortecida. Desenvolva,
tambm, este traado com pelo menos 20 perodos.
c) Derive a equao dinmica e encontre a soluo de estado estacionrio para movimentos
angulares (t) em torno do ponto O, do sistema mostrado na figura. So dados: k1 = 1000 N/m;
k2=500 N/m; c1=100 Ns/m; c2=80 Ns/m; F0=15 N; =45 rad/s; l=0,9 m e m=4 kg.
m
c1
l /3 l /6 l /4
c2k1
k2
F0 cos( t)
O
d) Derive a equao dinmica e encontre a soluo de estado estacionrio na coordenada x(t)
apontada no sistema da figura abaixo. A fora externa aplicada F(t)=35 cos(3 t). So dados:
k1=100 N/m, m=2 kg, J0=0,32 kg m2, c=5 Ns/m e r =0,1 m.
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J0
m
k1
x(t)
c
F(t)